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1、一、单项选择题：本大题共10小题，每小题3分。共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分。1、下列说法符合物理学史的（ ）A亚里士多德认为，物体的运动不需要力来维持B库仑提出了库仑定律，并根据扭称实验测出了静电常数kC开普勒三大定律描绘了太阳系行星的运行规律,并指出各天体间存在着万有引力.D英国物理学家法拉第最早提出了场的概念，并引入了电场线。2、如图所示为一质点做直线运动的速度时间图象，则在途中给出的该质点在前3 s内的加速度a随时间t变化关系的图象中正确的是()3、 如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总
2、重量为G，悬绳与竖直墙壁的夹角为，悬绳对工人的拉力大小为F1 ，墙壁对工人的弹力大小为F2 ， 则A BF2=G/tanaC若缓慢减小悬绳的长度，F1增大，F2增大D若缓慢减小悬绳的长度，F1与F2的合力变大4、如图所示，物块M在静止的足够长的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送启动后AM下滑的速度不变 BM静止在传送带上CM先向下减速运动，后向上加速，最后与传送带一起向上运动 DM可能沿斜面向上运动5、设汽车在启动阶段所受阻力恒定并做匀加速直线运动，则在这过程中()A牵引力增大，功率增大 B牵引力不变，功率增大C牵引力增大，功率不变
3、 D牵引力不变，功率不变6、如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的()A绳子的拉力一样大。B线速度的大小相等C角速度的大小相等D向心加速度的大小相等7、如图所示，一小球从斜轨道的某高度处由静止滑下，然后沿竖直光滑轨道的内侧运动。已知圆轨道的半径为R，忽略一切摩擦阻力。则下列说法正确的是 A.在轨道最低点、最高点，轨道对小球作用力的方向是相同的B.小球的初位置比圆轨道最低点高出2R时，小球能通过圆轨道的最高点C.小球的初位置比圆轨道最低点高出0.5R时，小球在运动过程中能不脱离轨道D.小球的初位置只有比圆轨道最低点高出2.5R时，小球在运
4、动过程中才能不脱离轨道8、如图所示，在竖直面内有一个圆轨道，圆心为O。P为轨道上与O等高的最右端位置，一小球以某一初速度从p点水平向左抛出，落在圆轨道上的某一点，忽略一切阻力和能量损耗，则下列说法正确的是A.小球初速度合适，可能垂直撞在圆轨道上vpOB.小球初速度合适，位移大小等于直径C.初速度越大，落到圆轨道上的时间越长D.小球初速度合适，落在O点正下方的圆周上时间最长9、如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，电阻R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，A、B为电容器的两个极板。当滑动变阻器R1的滑动端处于某位置时，A、B两板间的带电油滴静止不动。则下列说法中正确的是 A仅把R1的滑动端向下滑
5、动时，电流表读数增大，油滴向上运动 B仅把R1的滑动端向上滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动C仅把两极板A、B间距离增大，油滴向上运动，电流表读数不变D若R0突然断路，油滴仍静止不动，电流表读数变为零.MNOPQ10、某电场的电场线分布如图所示，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四点，其中MN为圆的直径，则（）A. 一正电荷在O点的电势能大于在Q点的电势能B. 将一个负电荷由P点沿圆弧移动到N点的过程中电场力不做功C. M点的电势与Q点的电势一样高D. O、M间的电势差等于N、O间的电势差二、不定项选择：本题共4小题，每小题4分，共计16分。每小题有一个或多个选项符合题意，全部选对的得
6、4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。11、运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看做是自由落体运动，打开伞后减速下降，最后匀速下落。如果用h表示下落高度，t表示下落的时间，F表示人受到的合力，E表示人的机械能，Ep表示人的重力势能，v表示人下落的速度，在整个过程中，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能符合事实的是12、为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，总质量为m1. 随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，则（）A. X星球的质量为M=B. X星球表面的
7、重力加速度为gx= C. 登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为D. 登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为13、如图所示，电源内阻不可忽略，R1为半导体热敏电阻，它的电阻随温度的升高而减小，R2为锰铜合金制成的可变电阻当发现灯泡L的亮度逐渐变暗时，可能的原因是AR1的温度逐渐升高 B R2的阻值逐渐增大C R1的温度逐渐降低 D R2接线断路14、如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q（可视为质点）固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷在小球P与
8、弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是（）A小球P的速度一定先增大后减小B小球P的机械能一定在减少C小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D小球P与弹簧系统的机械能一定增加三、实验题：15、10分）某同学利用透明直尺和光电计时器来验证机械能守恒定律，实验的简易示意图如图甲所示，当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间。光电门传感器可测的最短时间为0.01ms。将挡光效果较好的黑色磁带（宽度为d）贴在透明直尺上，从一定高度由静止释放，并使其竖直通过光电门。某同学测得各段黑色磁带通过光电门的时间ti与图中所示的高度差hi ，并将部分数据进行了处理，结果如
9、下表所示。（取g9.8 m/s2，注：表格中M为直尺质量）次数Dti（10-3s） (ms-1)DEki=Dhi（m）MgDhi11.562.8521.463.050.59M0.060.59M31.373.251.22M0.131.23M41.303.421.79M0.181.80 M51.253.552.25M0.232.26M（1）从表格中数据可知，直尺上磁带通过光电门的瞬时速度是利用求出的，请你简要分析该同学这样做的理由是： 。（2）该同学用20等分的游标卡尺测量出黑色磁带的宽度，其示数如图乙所示，则d =_mm。 （3）根据该实验表格数据，请在答题纸上绘出DEk-Dh图像，由图像可得出
10、结论： 。16、有一个额定电压为2.8 V，功率约为0.8 W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的IU图线，有下列器材供选用：A电压表(03 V，内阻6 k)B电压表(015 V，内阻30 k)C电流表(03 A，内阻0.1 )D电流表(00.6 A，内阻0.5 )E滑动变阻器(10 ，5 A)F滑动变阻器(200 ，0.5 A)G蓄电池(电动势6 V，内阻不计) (1)用如实图所示的电路进行测量，电压表应选用_，电流表应选用_滑动变阻器应选用_(用序号字母表示)(2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如实图所示由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_. (3)若将此灯泡与电动势6 V、内阻不计
11、的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为_的电阻四、分析计算题：本题共3小题，共计34分，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。17、（10分）如图所示，足够长的斜面倾角q=370，一物体以v0=24m/s的初速度从斜面上A点处沿斜面向上运动；加速度大小为a=8m/s2，g取10m/s2求：（1）物体沿斜面上滑的最大距离x；（2）物体与斜面间的动摩擦因数；（3）物体从A点出发需经多少时间才能回到A处18、（12分）如图，一个质量为m的小球（可视为质点）以某一初速度从A点水平抛出，恰好从圆管BCD的B点沿切
12、线方向进入圆弧，经BCD从圆管的最高点D射出，恰好又落到B点已知圆弧的半径为R且A与D在同一水平线上，BC弧对应的圆心角=60，不计空气阻力求：（1）小球从A点做平抛运动的初速度v0的大小；（2）在D点处管壁对小球的作用力N；（3）小球在圆管中运动时克服阻力做的功Wf19、直流电源的路端电压U=182 V。金属板AB、CD、EF、GH相互平行、彼此靠近。它们分别和变阻器上的触点a、b、c、d连接。变阻器上ab、bc、cd段电阻之比为123。孔O1正对B和E，孔O2正对D和G。边缘F、H正对。一个电子以初速度v0=4106 m/s沿AB方向从A点进入电场，恰好穿过孔O1和O2后，从H点离开电场。
13、金属板间的距离L1=2 cm，L2=4 cm，L3=6 cm。电子质量me=9. 110-31 kg，电量q=1.610-19 C。正对两平行板间可视为匀强电场，（不计电子的重力）求：（1）各相对两板间的电场强度。（2）电子离开H点时的动能。（3）四块金属板的总长度（AB+CD+EF+GH）。2013学年第一学期十校联合体高三期中联考物理答案一、 单项选择题（第1至10题，每题3分，共30分）题号12345678910答案DACABCCDBA二、 不定项选择题（第11至14题，每题4分，共16分）题号11121314答案ACACCAD三、 实验题(共 20分)0.050DEk / MJh /
14、m0.100.150.200.250.501.001.502.002.503.0015（1）瞬时速度等于极短时间或极短位移内的平均 (2分)（2） 4.45mm （2分）（3） 在误差允许范围内，直尺在下落过程中机械能守恒（2分）16（1） A (2分) D （2分） E (2分) （2） 10(2分) （3） 11.42 （3分） 图（3分）四、 计算分析题。17解：(共10分)1）上滑过程：2ax=v02 x=36m (2分)2)牛顿定律得：mgsin370+mmgcos370 =ma情 代入数据得：m=0.25 (3分)3)下滑过程由牛顿定律得： mgsin370-mmgcos370=m
15、a1得：a1=4m/s2 由x= 得 t1=s上滑时间：t2=v0/a=24/8=3s t=t1+t2= (5分)18(12分)解：（1）小球从A到B：竖直方向vy2=2gR（1+cos60）则vy=在B点，由速度关系v0= .(3分)（2）小球从D到B：竖直方向R（1+cos60）=gt2 解得：t= 则小球从D点抛出的速度vD= 在D点，由向心力公式得：mgN= 解得：N= 方向竖直向上 .(6分) 19(12分)(1)三对正对极板间电压之比U1U2U3=RabRbcRcd=123, （2分）板间距离之比L1L2L3=123 故三个电场场强相等E=1516.67N/C（2分）(2)根据动能定理eU=mev2-mev02（2分）电子离开H点时动能Ek=mev02+eU=3.6410-17 J（1分）
