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1、一、单项选择题,B,2.如图2所示，物体A和物体B中间夹一竖直轻弹簧，在竖直向上的恒力F作用下，一起沿竖直方向匀加速向上运动。当把外力F突然撤去的瞬间，下列说法正确的是()AA、B的加速度立即发生变化B只有B的加速度立即发生变化CA的加速度一定小于重力加速度gDB的加速度一定大于重力加速度g,图2,解析：选 把外力F突然撤去的瞬间，弹簧的弹力来不及变化，则物体A的加速度不变，只有B的加速度立即发生变化，故B项正确；在外力F作用下物体A和B的加速度可以大于重力加速度g，故C项错误；撤去外力F时，弹簧对B有向下的作用力，故B的加速度一定大于重力加速度g，D项正确。,BD,3一斜面倾角为，A、B两个
2、小球均以水平初速度v0水平抛出(如图3所示)，A球垂直撞在斜面上，B球落到斜面上的位移最短，不计空气阻力，则A、B两个小球下落时间tA与tB之间的关系为()AtAtBBtA2tBCtB2tA D无法确定,图3,C,A在05 s内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重 状态B在510 s内，该同学对电梯底板的压力等于他所受的 重力C在1020 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失 重状态D在2025 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失 重状态,解析：选 在05 s内，观光电梯在匀加速上升，加速度方向向上，该同学处于超重状态，A错误；在510 s内，观光电梯做匀速直线运动，该同学对电梯底板的压
3、力等于他所受的重力，B正确；在1020 s内，观光电梯在匀减速上升，加速度方向向下，该同学处于失重状态，C错误；在2025 s内，观光电梯在匀加速下降，加速度方向向下，该同学处于失重状态，D正确。,BD,5.所图5所示，用与竖直方向成一定角度的两根轻绳a和b拉一个小球，这时a绳拉力为Fa，b绳拉力为Fb，两绳相互垂直。现通过定滑轮对绳b向下用力慢慢拉，直到绳b变化为水平的过程中，绳a和b的拉力变化为(),图5,A绳a的拉力增大B绳b的拉力增大C开始时绳a的拉力一定大于绳b的拉力，后来绳a的拉力小于绳b的拉力D开始时绳a的拉力可能小于绳b的拉力，后来绳a的拉力一定大于绳b的拉力,ABD,AD,7
4、2011年5月“醉驾”入刑，交管部门强行推出了“电子眼”，机动车酒驾和擅自闯红灯的现象大幅度减少。现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为10 m/s。当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车(反应时间忽略不计)，乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢(反应时间为t00.5 s)。已知甲车紧急刹车时制动力为车重的0.4倍，乙车紧急刹车时制动力为车重的0.6倍，g10 m/s2，求：,(1)若甲车司机看到黄灯时车头距警戒线15 m，他采取上述措施能否避免闯红灯？(2)为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、
5、乙两车在正常行驶过程中应保持多大距离？(3)如果两车刹车时的加速度交换，为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，那么两车在正常行驶过程中又应保持多大距离？,答案：(1)能(2)1.5 m(3)9.17 m,(1)滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小；(2)小车运动1.5 s时，车右端距轨道B端的距离；(3)滑块与车面间由于摩擦而产生的内能。,答案：(1)30 N(2)1 m(3)6 J,8几种常见的功能关系,9应用动能定理的情况(1)动能定理的计算式为标量式，不涉及方向问题，在不涉及加速度和时间的问题时，可优先考虑动能定理。(2)动能定理的研究对象是单一物体，或者可以看成单一物体的物体系。(3)动能
6、定理适用于物体的直线运动，也适用于曲线运动；适用于恒力做功，也适用于变力做功，力可以是各种性质的力，既可以同时作用，也可以分段作用。(4)若物体运动的过程中包含几个不同过程，应用动能定理时，可以分段考虑，也可以视全过程为一整体来处理。,易误提醒，考场无隐患(1)误认为“斜面对物体的支持力始终不做功”不能正确理解WFlcos 中“l”的意义。(2)误认为“一对作用力与反作用力做功之和一定为零”。(3)误认为“摩擦力一定做负功”。(4)在机车启动类问题中将“匀加速最后时刻的速度”与“所能达到的最大速度”混淆。(5)将机械能守恒条件中“只有重力做功”误认为“只受重力作用”。(6)在应用E内Ffs相对
7、时，误认为“s相对”是对地的位移。(7)应用机械能守恒时，不能正确理解三种表达方式的意义。,保温训练，考场信心增,AM受到的摩擦力保持不变B物块m受到的摩擦力对物块m不做功C推力做的功等于弹簧增加的弹性势能D开始相对滑动时，推力F的大小等于200 N,解析：选 取m、M为一整体，在两物块间开始相对滑动之前，整体一直处于平衡状态，故有Fkx，由能量守恒定律可知，推力F做的功全部转化为弹簧的弹性势能，C正确；隔离m分析，由平衡条件得：Fkx，故随x增大，m受到的摩擦力增大，当x40 cm时，F最大，大小为kx100 N，D错误；由牛顿第三定律可知，M受到的摩擦力也越来越大，A错误；由功的定义式可知
8、，B错误。,C,A,3.如图3所示，如果某选手刚刚匀速攀爬到接近绳子顶端时，突然因抓不住绳子而加速滑下，对该过程进行分析(不考虑脚与绳子的作用)，下列说法正确的是(),图3,A上行时，人受到绳子的拉力与重力和摩擦力平衡B上行时，绳子拉力对人做的功等于人重力势能的增 加C下滑时，人受到重力大于摩擦力，加速度大于gD下滑时，重力势能的减小大于动能的增加，机械能 的减少量等于克服摩擦力做的功,解析：选 上行时，选手匀速攀爬，加速度为零，人受到绳子的作用力与人的重力是一对平衡力，A错误；绳子作用力对人并不做功，是人自身克服重力做功，B错误；由mgFfma可知，ag，C错误；下滑时，重力势能的减少除有一
9、部分转化为人的动能外，还有一部分用于克服摩擦力做功，而人机械能的减少量等于人克服摩擦力所做的功，故D正确。,D,解析：选 运动员动能与重力势能均增加，A错误，B正确；重力做负功，C错误；地面对运动员不做功，运动员通过自身肌肉和骨骼的运动使自身储存能量转化为机械能，根据动能定理知，D正确。,BD,A拉力在前2 s内和后4 s内做功之比为11B拉力在前2 s内和后4 s内做功之比为13C拉力在4 s末和6 s末做功的功率之比为23D拉力在前2 s内和后4 s内做功的功率之比为23,BD,6质量为5103 kg的汽车在t0时刻速度v010 m/s，随后以P7.5104 W的额定功率沿平直公路继续前进
10、，经100 s达到最大速度，设汽车受恒定阻力，其大小为重力的0.05倍。g10 m/s2，则()A汽车的最大速度为15 m/s，汽车在100 s内的位移为2 000 mB汽车的最大速度为30 m/s，汽车在100 s内的位移大于2 000 mC在这段时间内，汽车牵引力做的功为7.5106 JD在这段时间内，汽车牵引力做的功为5.5106 J,BC,7在某次救灾抢险中，参与救援的某部队用直升飞机抢救一个被困伤员。直升飞机在空中悬停，其上有一起重机通过悬绳将伤员从距飞机102 m的地面由静止开始起吊到机舱里。已知伤员的质量为80 kg，其伤情允许向上的最大加速度为2 m/s2，起重机的最大输出功率
11、为9.6 kW，为安全地把伤员尽快吊起，操作人员采取的办法是：先让起重机以伤员允许向上的最大加速度工作一段时间，接着让起重机以最大功率工作，再在适当高度让起重机对伤员不做功，使伤员到达机舱时速度恰好为零，取g10 m/s2，试求：,三、非选择题,(1)吊起过程中伤员的最大速度；(2)伤员向上做匀加速运动的时间；(3)把伤员从地面吊到机舱所用的时间。解析：(1)吊起过程中当伤员做匀速运动时速度最大，此时悬绳中的拉力Fmg再根据PmFvm联立解得吊起过程中最大速度vm12 m/s。,答案：(1)12 m/s(5)5 s(6)12.2 s,8如图6所示，半径R0.5 m的光滑半圆轨道竖直固定在高h0
12、.8 m的光滑水平台上并与平台平滑连接，平台CD长L1.2 m。平台上有一用水平轻质细线拴接的完全相同的物块m1和m2组成的装置Q，Q处于静止状态。装置Q中两物块之间有一处于压缩状态的轻质小弹簧(物块与弹簧不拴接)。某时刻装置Q中细线断开，待弹簧恢复原长后，m1、m2两物块同时获得大小相等、方向相反的水平速度，m1经半圆轨道的最高点A后，落在水平地面上的M点，m2落在水平地面上的P点。已知m1m20.2 kg，不计空气阻力，g取10 m/s2。若两物块之间弹簧被压缩时所具有的弹性势能为7.2 J，求：,图6,(1)物块m1通过平台到达半圆轨道的最高点A时对轨道的压力大小；(2)物块m1和m2相
13、继落到水平地面上时PM两点之间的水平距离。,答案：见解析,图23,16带电粒子在电场中偏转的处理方法,17带电粒子在有界磁场中运动的处理方法(1)画圆弧、定半径：从磁场的边界点、或轨迹与磁场边界的“相切点”等临界点入手；充分应用圆周运动相互垂直的“速度线”与“半径线”。,过粒子运动轨迹中任意两点M、N(一般是界点，即“入点”与“出点”)，做与速度方向垂直的半径，两条半径的交点是圆心O，如图甲所示。,图28,做某一点M(一般是“入点”或“出点”)与速度方向垂直的半径，再做M、N两点连线(弦)的中垂线，其交点是圆弧轨道的圆心O，如图乙所示。过两点(一般是“入点”或“出点”)的速度方向夹角(偏向角)
14、的补角，做角平分线，角平分线上到两直线距离等于半径的点即为圆心，如图丙所示。,BD,2.如图2所示，由abcd组成的一闭合线框，其中a、b、c三点的坐标分别为(0，L,0)、(L，L,0)、(L,0,0)，整个空间处于沿y轴正方向的匀强磁场中，通入电流I，方向如图所示，关于各边所受的安培力的大小，下列说法中正确的是(),图2,Aab边与bc边受到的安培力大小相等，方向相互垂直Bcd边受到的安培力最大，方向平行于xOz平面Ccd边与ad边受到的安培力大小相等，方向平行于yOz平面Dad边不受安培力作用,解析：选 由FBIL可知，ab边所受的安培力大小为FabBIL；bc边与磁感应强度B平行，所以
15、bc边所受的安培力为零，即Fbc0，A错误。cd边所受的安培力大小FcdBILcd，方向平行于xOz平面；ad边所受安培力FadBILadcosadOBILOd，方向垂直于yOz平面，由数学知识可知LcdLOd，所以B正确，C、D错误。,B,3.如图3所示，MN是纸面内的一条直线，其所在空间内充满了与纸面平行的匀强电场和与纸面垂直的匀强磁场中的一种(场区都足够大，电场和磁场均不会随时间变化)，现有一重力不计的带电粒子从MN上的O点以水平初速度v0射入场区，下列判断正确的是(),图3,A若只改变粒子的水平初速度v0大小，发现粒子再回到MN上时所用的时间不变，则该空间存在的一定是磁场B若只改变粒子
16、的水平初速度v0大小，发现粒子再回到MN上时与其所成夹角不变，则该空间存在的一定是磁场C如果粒子再回到MN上时速度大小不变，则该空间存在的一定是电场D如果粒子再回到MN上时速度增大，则该空间存在的有可能是磁场,AB,4.如图4所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个质量和电荷量均相同的正负离子(不计重力)，从点A以相同的速率先后射入磁场中，入射方向与边界成角，则正负离子在磁场中()A运动时间相同B运动轨道的半径相同C重新回到边界时速度的大小和方向相同D重新回到边界的位置与A点距离相等,图4,BCD,5如图5甲所示，水平放置的平行金属板A和B间的距离为d，金属板长L2d，B板的右侧边缘恰好
17、是倾斜挡板NM上的一个小孔K，现有质量为m、带正电且电荷量为q的粒子组成的粒子束，从AB的中点O以平行于金属板方向OO的速度v0不断射入，不计粒子所受的重力。,图5,6如图6所示的区域中，左边为垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，右边是一个电场强度大小未知的匀强电场，其方向平行于OC且垂直于磁场方向。一个质量为m，电荷量为q的带电粒子从P孔以初速度v0沿垂直于磁场方向进入匀强磁场中，初速度方向与边界线的夹角60，粒子恰好从C孔垂直于OC射入匀强电场，最后打在Q点，已知OQ2OC，不计粒子的重力，求：,图6(1)粒子从P运动到Q所用的时间t；(2)电场强度E的大小；(3)粒子到达Q点的动能E
18、kQ。,7.正电子发射计算机断层(PET)是分子 水平上的人体功能显像的国际领先技 术，它为临床诊断和治疗提供全新的 手段。,图7,(1)PET所用的回旋加速器示意图如图7所示，其中置于高真空中的金属D形盒的半径为R，两盒间距为d，在左侧D形盒圆心处放有粒子源S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向如图所示。质子质量为m，电荷量为q。设质子从粒子源S进入加速电场时的初速度不计，质子在加速器中运动的总时间为t(其中已略去了质子在加速电场中的运动时间)，质子在电场中的加速次数与回旋半周的次数相同，加速质子时的电压大小可视为不变。求此加速器所需的高频电源频率f和加速电压U。(2)试推证当Rd时，质子在电场
19、中加速的总时间相对于在D形盒中回旋的时间可忽略不计(质子在电场中运动时，不考虑磁场的影响)。,图8,(1)小球运动到B点时的速度大小；(2)小球第一次落地点与O点之间的距离；(3)小球从开始运动到第一次落地所经历的时间。,图29,一、单项选择题,解析：选 导线框通过磁场区域时，根据安培定则和左手定则知，导线框要受到竖直向上的安培力作用，导线框既不能做自由落体运动，也不能做曲线运动，选项A、B错。导线框通过磁场区域时要克服安培力做功，机械能减少，选项C正确。根据楞次定律，导线框在穿过磁场区域时，上下两个导线受到的安培力方向都向上，选项D错误。,C,D,A,A原线圈的输入电压为220 VB原线圈的
20、输入电流为11 AC经过1分钟定值电阻放出的热量是4 800 JD变压器的输入功率是8.0102 W,AC,5.实验室里的交流发电机可简化为如图5所示的模型，正方形线圈在水平匀强磁场中，绕垂直于磁感线的OO轴匀速转动，今在发电机的输出端接一个电阻R和理想电压表，并让线圈每秒转25圈，读出电压表的示数为10 V。已知R10，线圈电阻忽略不计，下列说法正确的是(),图5,BC,A,7.如图6，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成角(090)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计。金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒
21、接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电荷量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中(),图6,B,8如图7甲所示，在水平面上固定有长为L2 m、宽为d1 m 的金属“U”型导轨，在“U”型导轨右侧l0.5 m范围内存在垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间变化规律如图7乙所示。在t0时刻，质量为m0.1 kg 的导体棒以v01 m/s 的初速度从导轨的左端开始向右运动，导体棒与导轨之间的动摩擦因数为0.1，导轨与导体棒单位长度的电阻均为0.1/m，不计导体棒与导轨之间的接触电阻及地球磁场的影响(取 g10 m/s2)。,三、非选择题,图7,(1)通过计算分析 4 s 内导
22、体棒的运动情况；(2)计算 4 s 内回路中电流的大小，并判断电流方向；(3)计算 4 s 内回路产生的焦耳热。,(3)前2 s电流为零，后2 s有恒定电流焦耳热为QI2Rt0.04 J答案：(1)见解析(2)0.2 A顺时针方向(3)0.04 J,五、物理实验牢记主干，考场不茫然 1游标卡尺和螺旋测微器的读数(1)游标卡尺 测量大于1 mm长度时，整的毫米数由主尺上读出，毫米以下的部分从游标尺上读出。即读数主尺读数游标尺读数，其中“游标尺读数”就是与主尺某刻度线对齐的游标刻度的序数乘以精确度。注意游标卡尺不估读。,易误提醒，考场无隐患(1)读数类题目中易在最小单位、有效数字、单位间的换算上出
23、现错误。(2)纸带问题中易将计时点和计数点混淆，计算时易漏掉单位的换算。(3)验证平行四边形的实验中误认为两弹簧秤夹角为90。(4)多用电表欧姆挡使用时易出现换挡不调零的现象。(5)电流表的内、外接法，滑动变阻器的分压和限流在具体应用中易混。,(6)用UI图象分析电源电动势和内电阻时，易漏掉坐标原点的物理意义，误认为都是零。(7)实物连图时，易出现电源正、负极和用电器正、负极不对应的现象。(8)设计性实验中，不能很好的将基本实验原理进行转换。,答案：5.0154.700,答案：0.482.20,A应测量重物M所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验
24、，每次都要使O点静止在同一 位置(3)某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出 量程，请您提出两个解决办法。,解析：(1)由图知弹簧测力计的分度值为0.2 N，按“二分之一”估读法可知小数点后保留一位，故读得结果为3.6 N。(2)本实验中是利用平衡条件确定两拉力的合力与重物M所受重力等值反向，故A是必要的。因弹簧测力计的零点误差影响到各拉力的测量值，且不能保证各拉力的真实值之比与测量值之比相等，故B也是必要的。因只有拉线方向与木板平行时才能保证各力在竖直板上记录的方向与真实方向相同，故C亦是必要的。由于本实验中只需测出两拉力的大小和方向以及重物的重力即可验证平行四边形定则，而测力计A
25、的拉力不同时O点的位置就不同，故不可能也不必要使O点静止在同一位置，答案为D。,(3)改变弹簧测力计B拉力的大小；减小重物M的质量。(或将A更换成较大量程的弹簧测力计、改变弹簧测力计B拉力的方向等)答案：(1)3.6(2)D(3)改变弹簧测力计B拉力的大小；减小重物M的质量(或将A更换成较大量程的弹簧测力计、改变弹簧测力计B拉力的方向等)。,图4,(1)由频闪照片上的数据计算t5时刻小球的速度v5_ m/s。(2)从t2到t5时间内，重力势能增加量Ep_J，动能减少量Ek_J。(3)在误差允许的范围内，若Ep与Ek近似相等，从而验证了机械能守恒定律。由上述计算得Ep_Ek(选填“”“”或“”)
26、，造成这种结果的主要原因是_。,答案：(1)4.08(2)1.451.46(3)原因见解析,5某同学测量阻值约为 25 k的电阻 Rx，现备有下列器材：A电流表(量程 100 A，内阻约 2 k)；B电流表(量程 500 A，内阻约 300)；C电压表(量程 15 V，内阻约 100 k)；D电压表(量程 50 V，内阻约 500 k)；E直流电源(20 V，允许最大电流 1 A)；F滑动变阻器(最大阻值 1 k，额定功率 1 W)；G电键和导线若干。,解析：根据电源电动势先选择电压表，再根据电路中的最大电流选择电流表，根据电流表、电压表的内阻选择电流表内接法，滑动变阻器内阻远小于待测电阻，故采用分压式接法。答案：BC 电流表应采用内接的方法滑动变阻器应采用分压式接法,6(1)常用螺旋测微器的精度是0.01 mm，若有一螺旋测微器，当测微螺杆与小砧并拢时，可动刻度的零刻度线恰好与固定刻度的零刻度线对齐，若旋转可动刻度，使其恰转动180，这时的读数应是_ mm；若再另制一个螺旋测微器，使其精确度提高到0.005 mm，而螺旋测微器的螺距仍保持0.5 mm不变，可以采用的方法是_。,根据实验数据图7中应该作出_图象，通过该图象可知电源的内阻为_，电源的电动势为_ V。,
