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1、20162017学年深圳市高级中学高三年级第一次考试理 科 数 学命题人:雷 蕾 王会丹 审题人:张宏伟一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,满分60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. 下列函数中,既是偶函数又在上单调递增的是 ( )AyexBylnx2CyDysinx2函数f(x)sin xcos的值域为 ()A2,2 B, C1,1 D.3已知函数f(x)x3ax2(a6)x1有极大值和极小值,则实数a的取值范围是 ()A(1,2) B(,3)(6,)C(3,6) D(,1)(2,)4若则 ( )A. B. C. D.15在ABC中,AC,BC2,B60,则BC
2、边上的高等于 ()A. B. C. D.6函数的图象是 ( )7将函数ysin的图象上各点的横坐标伸长到原来的3倍,再向右平移个单位,得到的函数的一个对称中心是 ()A. B. C. D.8. 设,则a, b, c的大小顺序是 ( ) A、 B、 C、 D、9若的最小正周期为,则( )A在单调递增 B在单调递减C在单调递增 D在单调递减10设直线xt与函数f(x)x2,g(x)lnx的图像分别交于点M,N,则当|MN|达到最小时t的值为 ( )A1 B C D11.已知函数,若关于的方程恰好有3个不相等的实数根,则实数的取值范围为 ( )A B C D12 .设,若对任意的正实数,都存在以为三
3、边长的三角形,则实数的取值范围是 ( )A B C D以上均不正确二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.函数f(x)=,则不等式f(x)2的解集为 14已知,则的值是 15. 在中,内角、的对边分别为、,且,则面积的最大值为 16. 已知定义在R上的函数同时满足以下三个条件则函数与函数的图像在区间-3, 3 上公共点个数为 个三、解答题: 本大题共6小题,满分70分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤17(本小题满分12分)如图中,已知点在边上,且, ()求的长; ()求18 (本小题满分12分)某花店每天以每枝元的价格从农场购进若干枝玫瑰花,然后以每枝元的价格出售,如果当
4、天卖不完,剩下的玫瑰花作垃圾处理()若花店一天购进枝玫瑰花,求当天的利润(单位:元)关于当天需求量(单位:枝,)的函数解析式()花店记录了100天玫瑰花的日需求量(单位:枝),整理得下表:日需求量n14151617181920频数10201616151310以100天记录的各需求量的频率作为各需求量发生的概率(i)若花店一天购进枝玫瑰花,表示当天的利润(单位:元),求的分布列,数学期望及方差;(ii)若花店计划一天购进16枝或17枝玫瑰花,从平均利润来看,你认为应购进16枝还是17枝?请说明理由ABCDO19(本小题满分12分)如图,四棱柱的底面是菱形,底面,()证明:平面平面;()若,求二面
5、角的余弦值20. (本小题满分12分)设函数()求函数的单调区间;()当, 恒成立,求实数的取值范围. 21. (本小题满分12分)已知函数,(I)若函数在点处的切线与函数的图像相切,求k的值;(II)若,且时,恒有,求k的最大值.(参考数据:,)请考生在第22、23、24三题中任选一题做答,如果多做,则按所做的第一题记分答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑22(本小题满分10分)选修4-1:几何证明选讲如图,点在上,、的延长线交于点,、交于点,(1)证明:;(2)若,求的长23. (本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程在极坐标系中, 已知曲线为曲线上的动点,定点.(1)将曲
6、线的方程化成直角坐标方程;(2)求两点的最短距离.24. (本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲设函数.(1)求不等式的解集;(2)若恒成立, 求实数的取值范围.20162017学年深圳市高级中学高三年级第一次考试理科数学答题卷一、选择题(每小题5分,共60分,请将答案写在答卷的表格内)题号123456789101112答案二、填空题 (每小题5分,共20分,请将答案写在答卷上)13._ 14._ 15. _16. _三、解答题(第17-21题,每题12分,第22题10分,共70分)1718.ABCDO19.20.21.22(23或24).20162017学年深圳市高级中学高三年级第一次考
7、试理科数学答案1. B 2B 3B 4【解】设,则,所以.5B解析设ABc,BC边上的高为h.由余弦定理,得AC2c2BC22BCccos 60,即7c244ccos 60,即c22c30,c3(负值舍去)又hcsin 603,故选B.6A 7 A 8. C9D【解析】,,,取,故选D10 D11. A.当时,为减函数,;当时,则时,时,即在上递增,在上递减,其大致图象如图3所示,若关于x的方程恰好有图33个不相等的实数根,则,即,故选A12 . A答案A 【解析】因为正实数,则,要使为三边的三角形存在,则,即恒成立,故,令,则,取13.(1,2)(,+) 14 15. 【解析】由余弦定理和,
8、得,可推出,又由和得,当时,面积的最大值为16. 6 17 解:()因为,所以,所以2分在中,由余弦定理可知,即,4分解之得或, 由于,所以6分()在中,由正弦定理可知,, 又由可知 8分 所以 10分 因为,即12分18 解:()当时, 当时, 得: 4分 ()(i)可取, 的分布列为 , 10分 (ii)购进17枝时,当天的利润为ABCDO 因为 得,应购进17枝4分19解:19()证明:因为平面, 平面, 所以1分因为是菱形,所以2分因为,所以平面因为平面,所以平面平面4分():因为平面,以为原点,方向为,轴正方向建立如图所示空间直角坐标系5分因为,所以,6分zyxABCDO则,所以,7
9、分设平面的法向量为,因为,所以令,得9分同理可求得平面的法向量为10分所以11分因为二面角的平面角为钝角,所以二面角的余弦值为12分20. 解:()由题易知函数的定义域为,2分设3分4分5分综合以上可知:当时,的单调递增区间为,无单调减区间;当时,的单调递增区间为,单调减区间为; 6分()当时, 7分()知 综上,的取值范围是. 12分21. 【解析】:(I)已知,且,从而得到.函数在点处的切线方程为:,即.2分方法1:设直线与相切于点,从而可得,又,因此有,解得或.5分方法2:联立,得,所以,解得.5分(II)方法一:当时,恒成立,等价于当时恒成立. 6分设,则记,则,所以在递增。又,8分所
10、以在存在唯一的实数根,使得 因此,当时,即,则在递减;当时,即,则在递增;所以时,由可得,所以10分而,又,所以因此又,所以.12分方法二:当时,恒成立,记等价于当时,恒成立. 6分当时,即时,恒成立,在单调递增,.7分当时,恒成立,在单调递增,.8分当时,时,设,的两根为,则,所以,且在单调递减,在单调递增, 所以9分由于,所以,所以设,则在上递减,且所以在存在唯一的实数根,使得 因此,当时,;当时,所以10分而,又时,所以因此又,所以.12分22【解析】(1)证明:,又 , 5分(2)由(1)知, 10分23. 解:(1)由,得到,曲线的直角坐标方程为:. 5分(2)点直角坐标为,点到圆心
11、的距离为,的最短距离为. 10分24. 解:(1)由题意得,当时, 不等式化为,解得,当时, 不等式化为,解得,当时, 不等式化为,解得,综上, 不等式的解集为. 5分(2)由(1)得,解得,综上, 的取值范围为.10分20162017学年深圳市高级中学高三年级第一次考试理 科 数 学命题人:雷 蕾 王会丹 审题人:张宏伟一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,满分60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. 下列函数中,既是偶函数又在上单调递增的是( )AyexBylnx2CyDysinx【答案】B2函数f(x)sin xcos的值域为()BA2,2 B, C1,1 D.
12、3已知函数f(x)x3ax2(a6)x1有极大值和极小值,则实数a的取值范围是 ()A(1,2) B(,3)(6,)C(3,6) D(,1)(2,)解析f(x)3x22ax(a6),因为函数有极大值和极小值,所以f(x)0有两个不相等的实数根,所以4a243(a6)0,解得a3或a6.答案B4若则( )A. B. C. D.1【解】设,则,所以.5在ABC中,AC,BC2,B60,则BC边上的高等于 ()A. B. C. D.解析设ABc,BC边上的高为h.由余弦定理,得AC2c2BC22BCccos 60,即7c244ccos 60,即c22c30,c3(负值舍去)又hcsin 603,故选
13、B.答案B6函数的图象是 (A )7将函数ysin的图象上各点的横坐标伸长到原来的3倍,再向右平移个单位,得到的函数的一个对称中心是()AA. B. C. D.8. 设,则a, b, c的大小顺序是( ) C A、 B、 C、 D、9若的最小正周期为,则( )A在单调递增 B在单调递减C在单调递增 D在单调递减【答案】D【解析】,,,取,故选D10设直线xt与函数f(x)x2,g(x)lnx的图像分别交于点M,N,则当|MN|达到最小时t的值为( )DA1 B C D11.已知函数,若关于的方程恰好有3个不相等的实数根,则实数的取值范围为( )A B C D11.当时,为减函数,;当时,则时,
14、时,即在上递增,在上递减,其大致图象如图3所示,若关于x的方程恰好有图33个不相等的实数根,则,即,故选A12 .设,若对任意的正实数,都存在以为三边长的三角形,则实数的取值范围是( )A B C D以上均不正确答案A 【解析】因为正实数,则,要使为三边的三角形存在,则,即恒成立,故,令,则,取二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.函数f(x)=,则不等式f(x)2的解集为 (1,2)(,+)14已知,则的值是 解:由得,则15. 在中,内角、的对边分别为、,且,则面积的最大值为 【答案】【解析】由余弦定理和,得,可推出,又由和得,当时,面积的最大值为16. 已知定义在R上的
15、函数同时满足以下三个条件则函数与函数的图像在区间-3, 3 上公共点个数为 6 个三、解答题: 本大题共6小题,满分70分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤17(本小题满分12分)如图中,已知点在边上,且, ()求的长; ()求解:()因为,所以,所以2分在中,由余弦定理可知,即,4分解之得或, 由于,所以6分()在中,由正弦定理可知,, 又由可知 8分 所以 10分 因为,即12分18 (本小题满分12分)某花店每天以每枝元的价格从农场购进若干枝玫瑰花,然后以每枝元的价格出售,如果当天卖不完,剩下的玫瑰花作垃圾处理()若花店一天购进枝玫瑰花,求当天的利润(单位:元)关于当天需求量(单位:
16、枝,)的函数解析式()花店记录了100天玫瑰花的日需求量(单位:枝),整理得下表:日需求量n14151617181920频数10201616151310以100天记录的各需求量的频率作为各需求量发生的概率(i)若花店一天购进枝玫瑰花,表示当天的利润(单位:元),求的分布列,数学期望及方差;(ii)若花店计划一天购进16枝或17枝玫瑰花,从平均利润来看,你认为应购进16枝还是17枝?请说明理由18解:()当时, 当时, 得: 4分 ()(i)可取, 的分布列为 , 10分 (ii)购进17枝时,当天的利润为 因为 得,应购进17枝4分19(本小题满分12分)ABCDO如图,四棱柱的底面是菱形,底
17、面,()证明:平面平面;()若,求二面角的余弦值ABCDO解:19()证明:因为平面, 平面, 所以1分因为是菱形,所以2分因为,所以平面3分因为平面,所以平面平面4分():因为平面,以为原点,方向为,轴正方向建立如图所示空间直角坐标系5分因为,所以,6分则,zyxABCDO所以,7分设平面的法向量为,因为,所以令,得9分同理可求得平面的法向量为10分所以11分因为二面角的平面角为钝角,所以二面角的余弦值为12分20. (本小题满分12分)设函数()求函数的单调区间;()当, 恒成立,求实数的取值范围. 解:()由题易知函数的定义域为, 2分设3分4分5分综合以上可知:当时,的单调递增区间为,
18、无单调减区间;当时,的单调递增区间为,单调减区间为; 6分()当时, 7分()知 综上,的取值范围是. 12分21. (本小题满分12分)已知函数,(I)若函数在点处的切线与函数的图像相切,求k的值;(II)若,且时,恒有,求k的最大值.(参考数据:,)【解析】:(I)已知,且,从而得到.函数在点处的切线方程为:,即.2分方法1:设直线与相切于点,从而可得,又,因此有,解得或.4分方法2:联立,得,所以,解得.4分(II)方法一:当时,恒成立,等价于当时恒成立. 6分设,则记,则,所以在递增。又,8分所以在存在唯一的实数根,使得 因此,当时,即,则在递减;当时,即,则在递增;所以时,由可得,所
19、以10分而,又,所以因此又,所以.12分方法二:当时,恒成立,记等价于当时,恒成立. 6分当时,即时,恒成立,在单调递增,.7分当时,恒成立,在单调递增,.8分当时,时,设,的两根为,则,所以,且在单调递减,在单调递增, 所以9分由于,所以,所以设,则在上递减,且所以在存在唯一的实数根,使得 因此,当时,;当时,所以10分而,又时,所以因此又,所以.12分请考生在第22、23、24三题中任选一题做答,如果多做,则按所做的第一题记分答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑22(本小题满分10分)选修4-1:几何证明选讲如图,点在上,、的延长线交于点,、交于点,(1)证明:;(2)若,求的长【
20、解析】(1)证明:,又 , 5分(2)由(1)知, 10分23. (本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程在极坐标系中, 已知曲线为曲线上的动点,定点.(1)将曲线的方程化成直角坐标方程;(2)求两点的最短距离.解:(1)由,得到,曲线的直角坐标方程为:. 5分(2)点直角坐标为,点到圆心的距离为,的最短距离为. 10分24. (本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲设函数.(1)求不等式的解集;(2)若恒成立, 求实数的取值范围.解:(1)由题意得,当时, 不等式化为,解得,当时, 不等式化为,解得,当时, 不等式化为,解得,综上, 不等式的解集为. 5分(2)由(1)得,解得,综上, 的取值范围为.10分4分