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1、2011年高考理综物理（全国卷）14关于一定量的气体，下列叙述正确的是A气体吸收的热量可以完全转化为功 B气体体积增大时，其内能一定减少C气体从外界吸收热量，其内能一定增加 D外界对气体做功，气体内能可能减少14、AD【解析】根据热力学第二定律：不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化。即气体吸收热量在引起了其他变化的情况下，可以完全转化为功，A对；内能的影响因素有气体的体积和温度，故气体体积增大时，由于温度变化情况未知，故内能不一定减少，B错；内能可以通过做功和热传递改变，气体从外界吸收热量，由于对外做功情况未知，故内能不一定增加，C错；同理外界对气体做功，由于热传递情况
2、未知，故气体内能有可能减少，D对。abcdI1I215如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1I2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直。磁感应强度可能为零的点是Aa点 Bb点 Cc点 Dd点 15、C【解析】根据安培定则可知I1和I2电流分别在a处产生的磁场方向为垂直ac连线向上和向下，由于I1I2，且I1电流与a点的距离比I2电流与a点距离要小，故B1aB2a，则a处磁感应强度不可能为零，A错；两电流在b处产生的场强方向均垂直ac连线向下，故B错；I1和I2电流分别在c处产生的
3、磁场方向为垂直ac连线向下和向上，且I1电流与c点的距离比I2电流与c点距离要大，故B1c与B2c有可能等大反向，C对；两电流在d处产生的场的方向一定成某一夹角，且夹角一定不为180，D错。abcd太阳光16雨后太阳光入射到水滴中发生色散而形成彩虹。设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b、c、d代表四条不同颜色的出射光线，则它们可能依次是 A紫光、黄光、蓝光和红光 B紫光、蓝光、黄光和红光C红光、蓝光、黄光和紫光D红光、黄光、蓝光和紫光16、B【解析】由光路图显然可看出a光的偏折程度最大，故a光的折射率最大，选项中应该以“红橙黄绿蓝靛紫”反过来的顺序进
4、行排列，B对。17通常一次闪电过程历时约0.20.3s，它由若干个相继发生的闪击构成。每个闪击持续时间仅4080s，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中。在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0109V，云地间距离约为l km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6 C，闪击持续时间约为60s。假定闪电前云地间的电场是均匀的。根据以上数据，下列判断正确的是A闪电电流的瞬时值可达到1105A B整个闪电过程的平均功率约为l1014W C闪电前云地间的电场强度约为l106V/mD整个闪电过程向外释放的能量约为6106J17、AC【解析】根据题意第一个闪击过程中转移电荷量Q6C，时间约为t60s，故
5、平均电流为I平1105A，闪电过程中的瞬时最大值一定大于平均值，故A对；第一次闪击过程中电功约为WQU6109J，第一个闪击过程的平均功率P11014W，由于一次闪电过程主要发生在第一个闪击过程中，但整个闪电过程中的时间远大于60s，故B错；闪电前云与地之间的电场强度约为EV/m1106V/m，C对；整个闪电过程向外释放的能量约为W6109J，D错。18已知氢原子的基态能量为E1，激发态能量En=E1/n2，其中n=2，3，。用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速。能使氢原子从第一激发态电离的光子的最大波长为 A B C D18、C【解析】依题意可知第一激发态能量为E2E1/22，要将其电离，
6、需要的能量至少为E0E2h，根据波长、频率与波速的关系c，联立解得最大波长，C对。19我国“嫦娥一号”探月卫星发射后，先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时)；然后，经过两次变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”；最后奔向月球。如果按圆形轨道计算，并忽略卫星质量的变化，则在每次变轨完成后与变轨前相比， A卫星动能增大，引力势能减小 B卫星动能增大，引力势能增大 C卫星动能减小，引力势能减小 D卫星动能减小，引力势能增大19、D【解析】依题意可将“嫦娥一号”视为圆周运动，且质量变化可忽略不计，则变轨后，轨道更高，由卫星运动规律可知高轨道速度小，故变轨后动能变小，排除A
7、、B选项；卫星发射越高，需要更多能量，由能量守恒定律可知高轨道的卫星能量大，而高轨道动能反而小，因此高轨道势能一定大（当然也可直接通过离地球越远引力势能越大来判断），D对。vL20质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为。初始时小物块停在箱子正中间，如图所示。现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，井与箱子保持相对静止。设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为 A B C DNm gL20、BD【解析】本设最终箱子与小物块的速度为v1，根据动量守恒定律：mv(mM)v1，则动能损失
8、Ekmv2(mM)v12，解得Ekv2，B对；依题意：小物块与箱壁碰撞N次后回到箱子的正中央，相对箱子运动的路程为S0.5L(N1)L0.5LNL，故系统因摩擦产生的热量即为系统瞬时的动能：EkQNmgL，D对。21一列简谐横波沿x轴传播，波长为1.2m，振幅为A。当坐标为x=0处质元的位移为且向y轴负方向运动时坐标为x=0.4m处质元的位移为。当坐标为x=0.2m处的质元位于平衡位置且向y轴正方向运动时，x=0.4m处质元的位移和运动方向分别为A、沿y轴正方向 B ，延y轴负方向 C、延y轴正方向 D、延y轴负方向yx0.20.400.60.821、C【解析】依题意可画出如图实线所示的波形图
9、，设波向右传播，x0处的质元正处于yA处，x0.4m处的质元的位移为yA处，满足题意。当x0.2m处的质元处在平衡位置向y轴正方向运动时，波形图如图中虚线所示，显然x0.4m处的质元正处于yA处，且沿y轴正方向运动，C对。22（6分）在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，有下列实验步骤：往边长约为40 cm的浅盘里倒入约2 cm深的水待水面稳定后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上。用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳定。将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和面积计算出油酸分子直径的大小。用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，
10、记下量筒内每增加一定体积时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积。将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上。完成下列填空：上述步骤中，正确的顺序是_。（填写步骤前面的数字）将1 cm3的油酸溶于酒精，制成300 cm3的油酸酒精溶液；测得l cm3的油酸酒精溶液有50滴。现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13 m2。由此估算出油酸分子的直径为_m。（结果保留l位有效数字）22、【答案】（1）；（2）51010【解析】（1）依据实验顺序，首先配置混合溶液（），然后在浅盘中放水和痱子粉（），将一滴溶液滴入浅盘中（），将玻璃板放在浅盘上获取油膜形状（），
11、最后用已知边长的坐标纸上的油膜形状来计算油墨的总面积（），故正确的操作顺序为；（2）一滴油酸酒精溶液的体积为：VSD，其中S0.13cm2，故油酸分子直径D51010m。多用电表电流表电阻箱ab图1+23（12分）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端。现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60 mA的电流表，电阻箱，导线若干。实验时，将多用电表调至1 挡，调好零点；电阻箱置于适当数值。完成下列填空：仪器连线如图l所示（a和b是多用电表的两个表笔）。若两电表均正常工作
12、，则表笔a为_（填“红”或“黑”）色；若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2(a)，(b)，(c)所示，则多用电表的读数为_，电流表的读数为_mA，电阻箱的读数为_：mA1001010.1图2(a)图2(b)图2(c)将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为_mA；（保留3位有效数字）acMNbdL计算得到多用电表内电池的电动势为_V。(保留3位有效数字)23、【答案】【解析】（1）根据所有电器“红进黑出”的一般原则，对多用电表来说，电流从红表笔进入多用电表，电流从黑表笔从多用电表流出，由于设计电路图中a表笔接在电流表的正极，故电流经过多用电表从a表笔
13、流出，故a表笔为多用电表的黑表笔。（2）欧姆表读数为R14.0；电流表读数为I50mA3.053.0mA；电阻箱读数为：4160.14.6。（3）多用电表接外电路时，考虑到多用电表表头的电流刻度是均匀的，其表头偏转的格数与表盘总格数之比为26：50，而多用电表接外电路时，外电路电流表示数为I53.0mA，设表笔短接时通过多用电表的电流为I0，则，解得I0102mA。（4）设多用电表内阻为r，已知外电路电阻为R14，多用电表接外电路时：EI(rR)，多用电表两表笔短接时：EI0r，联立解得多用电表内的电池电动势E1.54V。24（15分）如图，两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距离为
14、L，电阻不计。在导轨上端并接两个额定功率均为P、电阻均为R的小灯泡。整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直。现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒MN从图示位置由静止开始释放。金属棒下落过程中保持水平，且与导轨接触良好。已知某时刻后两灯泡保持正常发光。重力加速度为g。求：磁感应强度的大小：灯泡正常发光时导体棒的运动速率。24、【解答】（1）设小灯泡的额定电流I0，有：PI02R由题意，在金属棒沿着导轨竖直下落的某时刻后，小灯泡保持正常发光，流经MN的电流为 I2I0 此时刻金属棒MN所受的重力和安培力相等，下落的速度达到最大值，有 mgBLI联立式得 B（2）设灯泡正常发光时，
15、导体棒的速率为v，由电磁感应定律与欧姆定律得EBLvERI0联立式得 vBEP0v0MN25（19分）如图，与水平面成45角的平面MN将空间分成I和II两个区域。一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速度v0从平面MN上的P0点水平向右射入I区。粒子在I区运动时，只受到大小不变、方向竖直向下的电场作用，电场强度大小为E；在II区运动时，只受到匀强磁场的作用，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向里。求粒子首次从II区离开时到出发点P0的距离。粒子的重力可以忽略。BEP0v0MNrP1P2Ov25、【解答】带电粒子进入电场后，在电场力的作用下沿抛物线运动，其加速度方向竖直向下，设其大小为a，由牛顿
16、定律得qEma设经过时间t0，粒子从平面MN上的点P1进入磁场，由运动学公式和几何关系得v0t0at02 粒子速度大小V1为 V1设速度方向与竖直方向的夹角为，则 tan此时粒子到出发点P0的距离为 s0v0t0此后，粒子进入磁场，在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动，圆周半径为 r1设粒子首次离开磁场的点为P2，弧P1P2所张的圆心角为2，则P1到点P2的距离为s12r1sin由几何关系得 45联立式得 s1点P2与点P0相距 ls0s1联立解得 l()m2mmmm26（20分）装甲车和战舰采用多层钢板比采用同样质量的单层钢板更能抵御穿甲弹的射击。通过对一下简化模型的计算可以粗略说明其原因。质量为
17、2m、厚度为2d的钢板静止在水平光滑桌面上。质量为m的子弹以某一速度垂直射向该钢板，刚好能将钢板射穿。现把钢板分成厚度均为d、质量均为m的相同两块，间隔一段距离水平放置，如图所示。若子弹以相同的速度垂直射向第一块钢板，穿出后再射向第二块钢板，求子弹射入第二块钢板的深度。设子弹在钢板中受到的阻力为恒力，且两块钢板不会发生碰撞。不计重力影响。26、【解答】设子弹初速度为v0，射入厚度为2d的钢板后，最终钢板和子弹的共同速度为V由动量守恒得 (2mm)Vmv0解得 Vv0此过程中动能损失为 Emv023mV2解得 Emv02分成两块钢板后，设子弹穿过第一块钢板时两者的速度分别为v1和V1，由动量守恒
18、得 mv1mV1mv0因为子弹在钢板中受到的阻力为恒力，射穿第一块钢板的动能损失为，由能量守恒得 mv12mV12mv02联立式，且考虑到v1必须大于V1，得 v1()v0设子弹射入第二块钢板并留在其中后两者的共同速度为V2，由动量守恒得 2mV2mv1损失的动能为 Emv122mV22联立式得E(1)因为子弹在钢板中受到的阻力为恒力，由式keep，射入第二块钢板的深度x为x(1)d参考答案yxO0.40.214AD 15C 16B 17AC（提示：，A正确；第一个闪击的平均功率为l1014W，但不等于整个闪电过程的平均功率，B错；，C正确；W=qU=6109J，D错。） 18C 19D 20
19、BD（提示：系统动量守恒，相当于完全非弹性碰撞，B正确；碰撞N次后恰又回到箱子正中间，小物块和箱子底板间的相对滑动距离d=NL，而摩擦生热Q=fd，D正确。） 21C（提示：根据题意，此波一定沿x轴正向传播，在同一坐标系中做出两状态的波形图分别如实线和虚线所示。） BEP0v0MNrP1P2Ov22 510-1023黑 14.0 53.0 4.6 102 1.5424 25（提示：在电场中类平抛，可算出P0 P1间距离为，到P1时的瞬时速度，v与竖直方向夹角满足tan=1/2，设v与MN的夹角为，由+=45，可得tan=1/3；粒子在磁场中的轨道半径，而P1 P2间距离，l=s1+ s2）26（提示：第一次系统动量守恒，mv0=3mv，系统动能损失等于摩擦生热，因此；第二次，设射出第一块钢板后钢板和子弹的速度分别为v1、v2，由动量守恒mv0=mv1+ mv2，由能量守恒，由于v1v2,解得，设子弹射入第二块钢板的厚度为d，则）
