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1、2014年高考物理真题分类汇编（16个模块含详解答案）目录01.相互作用202.直线运动303.牛顿运动定律804.曲线运动1105.万有引力定律与航天1406.机械能与动量守恒1907.静电场2408.恒定电流3109.磁场3210.电磁感应4311.交流电5112.选修3-3热学5413.选修3-4机械振动和机械波6014.选修3-5 动量 原子物理6815.力学实验7316.电学实验8101.相互作用1. （2014年 广东卷）14、如图7所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P的支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是MNP图7AM处受到的支持力竖直向上BN处受到的支持力竖直向上CM处
2、受到的静摩擦力沿MN方向DN处受到的静摩擦力沿水平方向14.【答案】：A 【解析】：弹力的方向与接触面切线垂直，M处支持力方向与地面垂直，即竖直向上，所以A正确N处的支持力方向与MN垂直向上，所以B错误摩擦力方向与接触面切线平行，所以C、D错误2.（2014 海南卷）5如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O/点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO段水平，长为度L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环。现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L。则钩码的质量为A B C D5. 【答案】D 【解析】平衡后，物体上升L，说明环下移后，将绳子拉过来的长度为L，取环重新平衡的位置为A点，则
3、,则如图易知，选项D正确。O300MggAOmg3. （2014年 山东卷）14.如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上的等高的两点，制成一简易秋千。某次维修时将两绳各剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变。木板静止时，表示木板所受合力的大小，表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后：（ ）A.不变，变大 B.不变，变小C.变大，变大 D.变小，变小14、【答案】A【解析】木板静止，所受合力为零，所以F1不变，将两轻绳各减去一小段，木板再次静止，两绳之间的夹角变大，木板重力沿绳方向的分力变大，故F2变大，正确选项B。4.（2014上海卷）9如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端
4、与水平面相切。穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N在运动过程中AF增大，N减小 BF减小，N减小CF增大，N增大 DF减小，N增大【答案】A【解析】小球一直受到重力、支持力、拉力作用，根据共点力平衡，有：Fmgsin，Nmgcos（是重力与竖直方向的夹角），随着夹角的增大，支持力逐渐减小，拉力逐渐增大，A项正确。02.直线运动1.（2014年 大纲卷）14质点沿x轴做直线运动，其v-t图像如图所示。质点在t0时位于x5m处，开始沿x轴正向运动。当t8s时，质点在x轴上的位置为( )Ax3m Bx8m Cx9m Dx14m14【答案】B【
5、考点】速度图像【解析】根据图像表示的物理意义可知，图线与时间轴围城的面积表示物体的位移，面积在时间轴之上，表示位移为正，反之表示位移为负。由图像可知8秒内质点的位移为：，又因为初始时刻质点的位置为x5m处，所以8秒末质点在8m处，B项正确。2.（2014 福建卷）15.如右图，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。对于该运动过程，若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图像最能正确描述这一运动规律的是（ ）15【答案】B【考点】 匀变速直线运动图象问题【解析】滑块沿斜面做匀减速直线运动，速度随时间均匀减小，加速度恒
6、定，C、D项错误；位移时间图像中斜率代表速度，A项中斜率表示竖直方向的分速度在增加，A项错误，B项斜率表示合速度在减小，B项正确。3.（2014年 广东卷）13、图6是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体v/ms-1t/s01231图6-14 A第1s内和第3s内的运动方向相反B第3s内和第4s内的加速度相同C第1s内和第4s内的位移大小不相等D02s和04s内的平均速度大小相等13.【答案】：B 【解析】：第1s内速度和第3s内速度都为正值，都与规定正方向相同，所以A错误。v-t图像的斜率代表物体运动加速度，其中斜率的数值大小表物理加速度大小，斜率的正负代表加速度的方向，第3s内和第
7、4s内图像的斜率相同，所以第3s内加速度和第4s内加速度相同，所以B正确物体的位移大小等于v-t图像的的图线与坐标轴围成的面积大小，所以C错误物体的平均速度，位移是矢量，0-2s和0-4s的位移相同，时间不同，所以它们的平均速度不相同，所以D错误。4. （2014 海南卷）7下列说法中，符合物理学史实的是A亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转7. ABD【答案】 【解析】奥斯特发现了电流的磁效
8、应，即电流可以在其周围产生磁场，选项C错误。5. （2014 海南卷）13短跑运动员完成100m赛跑的过程可简化为匀加速直线运动和匀速直线运动两个阶段。一次比赛中，某运动用11.00s跑完全程。已知运动员在加速阶段的第2s内通过的距离为7.5m，求该运动员的加速度及在加速阶段通过的距离。13. 【答案】， 【解析】根据题意，在第1s和第2s内运动员都做匀加速直线运动，设运动员在匀加速阶段的加速度为a，在第1s和第2s内通过的位移分别为s1和s2，由运动学规律得求得 设运动员做匀加速运动的时间为t1，匀速运动的时间为t2，匀速运动的速度为v1，跑完全程的时间为t，全程的距离为s，依题决及运动学规
9、律，得设加速阶段通过的距离为s/，则求得6. (2014 江苏卷）5一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止。下列速度v和位移x的关系图像中，能描述该过程的是 A B C D5【答案】A【考点】速度位移关系图象【解析】匀加时根据速度位移关系变形可得，匀减时变形为，根据指数函数图像特点可知，A项正确。（2014年 江苏卷）7. （2014 海南卷）3将一物体以某一初速度竖直上抛。物体在运动过程中受到一大小不变的空气阻力作用，它从抛出点到最高点的运动时间为t1，再从最高点回到抛出点的运动时间为t2，如果没有空气阻力作用，它从抛出点到最高点所用的时间为t0，则At1 t0
10、 t2 t1 Bt1 t1Ct2. t0 t2 t1Dt1 t0 t2g tan，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部的作用力。【答案】（1）；（2）0 【考点】匀变速直线运动规律、牛顿第二定律【解析】（1）设加速过程中加速度为a，由匀变速运动公式解得（2）设球不受车厢作用，应满足解得减速时加速度由斜面支持力N与左壁支持力P共同决定，当时P0球受力如图。由牛顿定律解得03.牛顿运动定律1.（2014 北京）18.应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出。对此现象分析正确的是A.手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超
11、重状态B.手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C.在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D.在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度18【答案】D【考点】超重和失重【解析】手托住物体向上运动时，若加速度向上，则处于超重现象，若加速度向下，则处于失重状态，若匀速向上，则既不是超重也不是失重状态，由于物体的运动状态不清楚，所以状态不能确定，AB项错误；物体离开手之后，只受重力作用，加速度竖直向下，大小为g，C项错误；此时手速度瞬间变为零，手的加速度大于物体的加速度，D项正确。2.（2014 北京）19.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认
12、识的发展。利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小19【答案】A【考点】伽利略理想斜面实验【解析】如果斜面光滑是假象出来的，属于归纳总结出来的结论，A项正确；实验没有验证小球不受力时的运动，不受力时的运动状态是
13、推论，B项错误；小球受力运动状态的变化也是想象出来的，C项错误；小球受力一定时，质量越大，加速度越小，这是牛顿第二定律的结论，D项错误。3.（2014年 大纲卷）19一物块沿倾角为的斜坡向上滑动。当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h。重力加速度大小为g。物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为( )Atan和 B(1)tan和 Ctan和 D(1)tan和19【答案】D【考点】牛顿第二定律的应用、匀变速直线运动的规律【解析】物块向上做匀减速直线运动，根据受力可知，其加速度为：；再根据匀变速位移速度关系，有：，联立解得：，D项正确。4.(2014
14、 江苏卷）8如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。 A、B 间 的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则 A当F 3 mg 时，A相对B滑动 D无论F为何值，B的加速度不会超过8【答案】BCD 【考点】牛顿第二定律 整体法 隔离法 相对运动【解析】由题意可知AB间的最大静摩擦力，B与地面间的最大静摩擦力，所以当F逐渐增大至时，B与地面间先发生相对滑动，A项错误；F继续增大，AB间摩擦力也逐渐增大，当间摩擦力增大至时，AB恰要发生相对滑动，此时对B：，可以解得；对A：，解得，C项正确；F继续增大，
15、B受到两个不变的滑动摩擦力，加速度始终为，D项正确；当，AB正在一起匀加，对整体：，解得，B正确。（2014年 江苏卷）5. （2014年全国卷1）17.如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)。与稳定在竖直位置时相比，小球的高度A.一定升高B.一定降低C.保持不变D.升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定17【答案】：A 【解析】：竖直平衡时kx1=mg，加速时，令橡皮筋与竖直方向夹角为，则kx2 cos=mg，可得； 静止时，球到悬点的竖直距离，加速时
16、，球到悬点的竖直距离，比较可得，选项A正确。6. （2014年 全国卷2） 24. 2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯鲍姆加特纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为，其中为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的图象如图所示，着陆过程中，运动员和所携装
17、备的总质量，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字） 24. 【答案】（1）87s 8.7102m/s （2）0.008kg/m【命题立意】考察物体的自由落体运动，牛顿运动定律；考察实际问题的分析处理能力，考察数学方法的应用能力以及图像分析都综合应用能力。【解析】（1）设运动员从开始自由下落至1.5km高度处的时间为t ，下落距离为h，在1.5km高度处的速度大小为v，由运动学公式有： 且 联立解得：t=87s v=8.7102m/s （2）运动员在达到最大速度vm时，加速度为零，由牛顿第二定律有： 由题图可读出 代入得：k=0.008kg/m【解题点拨】（1）
18、抓住运动员做自由落体运动为突破口；（2）运动员速度最大时合外力等于零。7.（2014上海卷）21、牛顿第一定律表明，力是物体 发生变化的原因；该定律引出的一个重要概念是 。【答案】运动状态；惯性【解析】力的作用效果是改变物体的运动状态或使物体产生形变；牛顿第一定律通过实验总结出了力是改变物体运动状态的原因；从而引出一切物体都有保持原来运动状态的属性，即惯性。8.(2014上海卷)31（12分）如图，水平地面上的矩形箱子内有一倾角为的固定斜面，斜面上放一质量为m的光滑球。静止时，箱子顶部与球接触但无压力。箱子由静止开始向右做匀加速运动，然后改做加速度大小为a的匀减速运动直至静止，经过的总路程为s
19、，运动过程中的最大速度为v(1)求箱子加速阶段的加速度大小a。(2)若ag tan，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部的作用力。【答案】（1）；（2）0 【考点】匀变速直线运动规律、牛顿第二定律【解析】（1）设加速过程中加速度为a，由匀变速运动公式解得（2）设球不受车厢作用，应满足解得减速时加速度由斜面支持力N与左壁支持力P共同决定，当时P0球受力如图。由牛顿定律解得04.曲线运动1.（2014年 安徽卷）19如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度转动，盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。物体与盘面间的动摩擦因数为（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），
20、盘面与水平面的夹角为300，g取10m/s2。则的最大值是300AB C D【答案】C【解析】由于小物体随匀质圆盘做圆周运动，其向心力由小物体受到的指向圆心的合力提供，在最下端时指向圆心的合力最小。根据牛顿第二定律：，又解得，要使小物体与圆盘始终保持相对静止，则的最大值是。C正确。2. （2014年全国卷1）20.如图.两个质盘均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水平四盘上，a与转轴00的距离为l, b与转轴的距离为2l。木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是Ab一定比a先开始滑动B a
21、、b所受的摩擦力始终相等C是b开始滑动的临界角速度D当时，a所受摩擦力的大小为kmg20【答案】：A C 【解析】：两物块共轴转动，角速度相等，b的转动半径是a的2倍，所以b物块最先达到最大静摩擦，最先滑动，A对的；两物块的向心力由静摩擦力提供的，由于半径不等，所以向心力不等，B错误的；当b要滑动时kmg=mw2.2L，所以C对的；同理b要滑动时，kmg=mw2.L，解得其临界角速度，显然实际角速度小于临界角速度，b还没达到最大静摩擦力，D错误的。3. （2014年 全国卷2）15.取水平地面为重力势能零点。一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。不计空气阻力，该物块落地时
22、的速度方向与水平方向的夹角为（ ）A. B. C. D. 15. 【答案】 B【命题立意】该题主要考察了平抛运动速度的夹角问题，同时加入了能量的基本知识。【解题思路】建立平抛运动模型，设物体水平抛出的初速度为v0，抛出时的高度为h。根据题意，由，有；由于竖直方向物体做自由落体运动，则落地的竖直速度。所以落地时速度方向与水平方向的夹角，则，选项B正确。【解题点拨】切忌在竖直方向使用动能定理，因为动能定理是一个标量式。4. （2014年 全国卷2）17如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下。重力加速度大小为g，当小
23、环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为AMg5Mg BMg+mg CMg+5mg DMg+10mg17.【答案】 C【命题立意】考察机械能守恒，做圆周运动的物体在最低点的向心力问题。【解题思路】根据机械能守恒，小圆环到达大圆环低端时：，对小圆环在最低点，由牛顿定律可得：；对大圆环，由平衡可知：，解得，选项C正确。【解题点拨】最低点的受力分析是关键。5. （2014年 四川卷）4.有一条两岸平直，河水均匀流动、流速恒为v的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头朝向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直。去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小A. B.
24、 C. D.4、 【答案】：B【解析】：可设河宽为d，船在静水中的速度为V，第一种情况时时间t=，第二种情况为t=，可得出B是正确的。6. (2014 天津卷）9（18分）（1）半径为R的水平圆盘绕过圆心O的竖直轴转动，A为圆盘边缘上一点，在O的正上方有一个可视为质点的小球以初速度v水平抛出时，半径OA方向恰好与v的方向相同，如图所示。若小球与圆盘只碰一次，且落在A点，重力加速度为g，则小球抛出时距O的高度h= ，圆盘转动的角速度大小= 。9【答案】（1） 【考点】平抛运动的规律、匀速圆周运动的规律【解析】小球抛出后，水平方向做匀速直线运动，又因为只与圆盘碰撞一次，有：，得；根据圆周运动的周期
25、性，可知两者相撞时，圆盘转动的圈数为整数，有：7. （2014.浙江卷）23（16分）如图所示，装甲车在水平地面上以速度v0=20m/s沿直线前进，车上机枪的枪管水平，距地面高为h=1.8m。在车正前方竖直一块高为两米的长方形靶，其底边与地面接触。枪口与靶距离为L时，机枪手正对靶射出第一发子弹，子弹相对于枪口的初速度为v=800m/s。在子弹射出的同时，装甲车开始匀减速运动，行进s=90m后停下。装甲车停下后，机枪手以相同方式射出第二发子弹。（不计空气阻力，子弹看成质点，重力加速度g=10m/s2）（1）求装甲车匀减速运动时的加速度大小；（2）当L=410m时，求第一发子弹的弹孔离地的高度，并
26、计算靶上两个弹孔之间的距离；（3）若靶上只有一个弹孔，求L的范围。23.【考点分析】平抛运动、匀变速直线运动【解析】(l)装甲车减速时满足+代入数据可知a=20/9 m/s2。(2)第一发子弹运行初速度第一发子弹的运动时间第一发子弹下落高度第一发子弹弹孔离地高度为代入数据可知同理第二发子弹的运动时间第二发子弹下落高度两个弹孔之间的距离代入数据可知(3)若靶上只有个弹孔，则临界条件为第一发子弹没打到靶上，第二发子弹恰好打到靶上子弹平抛运动时间第一发子弹刚好没有打到靶的距离为代入数据为第二发子弹刚好打到靶上的距离为代入数据为所以8.（2014上海卷）13如图，带有一白点的黑色圆盘，可绕过其中心、垂
27、直于盘面的轴匀速转动，每秒沿顺时针方向旋转30圈。在暗室中用每秒闪光31次的频闪光源照射圆盘，观察到白点每秒沿A顺时针旋转31圈 B逆时针旋转31圈C顺时针旋转1圈 D逆时针旋转1圈【答案】D【解析】根据题意知圆盘转的的周期大于闪光时间间隔，所以1s内观察到圆盘沿逆时针转动了一周，D项正确。9.（2014上海卷）24如图，宽为L的竖直障碍物上开有间距d=0.6m的矩形孔，其下沿离地高h=1.2m，离地高H=2m的质点与障碍物相距x。在障碍物以vo=4m/s匀速向左运动的同时，质点自由下落。为使质点能穿过该孔，L的最大值为 m；若L =0.6m，x的取值范围是 m(取g=10m/s2)【答案】0
28、.8；0.8mx1m【解析】以障碍物为参考系，相当于质点以vo的初速度，向右平抛，当L最大时从抛出点经过孔的左上边界飞到孔的右下边界时，L最大，;从孔的左上边界飞入临界的x有最小值为0.8从孔的右下边界飞出时, x有最大值：05.万有引力与航天1.（2014年 安徽卷）14在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律。法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系。已知单摆摆长为l，引力常量为G。地球的质量为M。摆球到地心的距离为r，则单摆振动周期T与距离r的关系式为
29、A B. C D 【答案】B【解析】由于万有引力使物体产生加速度，由牛顿第二定律得：，而单摆的振动周期公式为，联立得：。B正确。2.（2014 北京）23.万有引力定律揭示了天体运动规律与地上物体运动规律具有内在的一致性。 （1）用弹簧秤称量一个相对于地球静止的小物体的重量，随称量位置的变化可能会有不同的结果。已知地球质量为M，自转周期为T，万有引力常量为G。将地球视为半径为R、质量均匀分布的球体，不考虑空气的影响。设在地球北极地面称量时，弹簧秤的读数是F0a. 若在北极上空高出地面h处称量，弹簧秤读数为F1，求比值 的表达式，并就h=1.0%R的情形算出具体数值（计算结果保留两位有效数字）；
30、b. 若在赤道地面称量，弹簧秤读数为F2，求比值 的表达式。（2）设想地球绕太阳公转的圆周轨道半径为r、太阳的半径为Rs和地球的半径R三者均减小为现在的1.0%，而太阳和地球的密度均匀且不变。仅考虑太阳和地球之间的相互作用，以现实地球的1年为标准，计算“设想地球”的一年将变为多长？23.【答案】（1）a. b. （2）不变【考点】万有引力定律的应用【解析】（1）设小物体质量为ma.在北极地面在北极上空高出地面h处b.在赤道地面，小物体随地球自转做匀速圆周运动，受到万有引力，有得（2）地球绕太阳做匀速圆周运动，受到太阳的万有引力，设太阳质量为MS，地球质量为M，地球公转周期为Tg，有：得其中为太
31、阳的密度，由上式可知，地球的公转周期仅与太阳的密度、地球公转半径与太阳的半径之比有关，因此“设想地球”的1年与现实地球的1年时间相等。3.（2014年 大纲卷）26(22 分)已知地球的自转周期和半径分别为T和R，地球同步卫星A的圆轨道半径为h。卫星B沿半径为r(rh)的圆轨道在地球赤道的正上方运行，其运行方向与地球自转方向相同。求：卫星B做圆周运动的周期；卫星A和B连续地不能直接通讯的最长时间间隔(信号传输时间可忽略)。【答案】（1）（2）【考点】万有引力定律的应用、匀速圆周运动的规律【解析】（）设卫星B绕地心转动的周期为，根据万有引力定律和圆周运动的规律有式中G为引力常量，M为地球的质量，、为卫星的质量联立可得（2）设卫星A和连续不能直接通讯的时间间隔为在此时间内，卫星和绕地心转动的角度分别为和，则若不考虑卫星A的公转，两卫星不能直接通讯时，卫星B的位置在图中和点之间，图中内圆表示地球的赤道由几何关系得当时，卫星B比卫星A转的快，考虑卫星A的公转后应有=联立各式4.（2014 福建卷）14若有一颗“宜居”行星，其质量为地球的p倍，半径为地球的q倍，则该行星卫星的环绕速度是地球卫星环绕速度的A. 倍 B.倍
