《高考物理—电场练习题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理—电场练习题.doc（8页珍藏版）》请在三一办公上搜索。
1、电场练习题1下列关于带电粒子在电场中的运动轨迹与电场线的关系说法中正确的是 （ ）A、带电粒子在电场中运动，如只受电场力作用，其加速度方向一定与电场线方向相同B、带电粒子在电场中的运动轨迹一定与电场线重合C、带电粒子只受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合D、带电粒子在电场中运动轨迹可能与电场线重合2拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法正确的是 （ B）A、a、b为异种电荷，a带电量大于b带电量B、a、b为异种电荷，a带电量小于b带电量C、a、b为同种电荷，a带电量大于b带电量D、a、b为同种电荷，a带电量小于b带电量
2、3图所示，三个完全相同的金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上。a和c带正电，b带负电，a所带电量的大小比b的小。已知c受到a和b的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它应是 （ B） A、F1 B、F2 C、F3 D、F4 4图所示，平行直线表示电场线，但未标方向，带电为+10-2C的微粒在电场中只受电场力作用，由A点移到B点，动能损失0.1J，若A点的电势为-10V，则 CB点的电势为10V 电场线方向从右向左微粒的运动轨迹可能是轨迹1微粒的运动轨迹可能是轨迹2以上正确的是：A、 B、 C、 D、5中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场
3、区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是 B、C、D A、带电粒子所带电荷的符号。B、带电粒子在a、b两点的受力方向C、带电粒子在a、b两点的速度何处较大。D、带电粒子在a、b两点的电势能何处较大。6图所示，虚线a、b和c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为Ua、Ub和Uc,UaUbUc。一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实KLMN所示，由图可知： ACA、粒子从K到L的过程中，电场力做负功B、粒子从L到M的过程中，电场力做负功C、粒子从K到L的过程中，电势能增加D、粒子从L到M的过程中，动能减少7图所示，在真空中的A、B两
4、点分别放等量异号点电荷+q、-q，在电场中通过A、B两点的竖直平面内于对称位置取一个矩形路径abcd。现将一个电子沿abcd移动一周，则正确的是 D A、由ab，电势降低，电子电势能减少B、由bc，电场力对电子先做正功，后做负功，总功为零C、由cd，电子的电势能增大 D、由da，电子的电势能先减小后增大，电势能总变化量为零8图所示，a、b为竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿电场线向上运动，到b点恰好速度为零，则 D带电质点在a、b两点所受的电场力都竖直向上的a点的电势比b点的电势高带电质点在a点的电势能比在b点的电势能小a点的电场强度比b点的电场强度大A、B、C、D、9图
5、所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M点运动N点的过程中 ABDA、 小物块所受电场力逐渐减小。 B、小物块具有的电势能逐渐减小C、M点的电势一定高于N点的电势。D、小物块电势能变化的大小一定等于克服磨擦力做的功。10如图所示，P、Q是两个电量相等的正的点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点。OAOB，用EA、EB、UA、UB分别表示A、B两点的场强和电势，则 BA、EA一定大于EB，UA一定大于UBB、EA不一定大于EB，UA一定大于UBC、EA一定大于EB，UA不一定大于UBD、EA不一定大于EB，U
6、A不一定大于UB11如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），不计重力，下列说法中正确的是 （ C）A、点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大B、点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C、点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D、点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零12有关：“知几点电势，求解匀强电场E”的解题技巧：A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电动势分别为A=15V，B=3V，C=-3V，由此可得D点电势D= 9 V。行于纸面的匀强电场中，有
7、a、b、c三点。各点的电势分别为a=8V,b=-4V,c=2V，如图所示，已知ab=10cm,ac=5cm,ac与ab之间夹角为60试求这个匀强电场场强的大小和方向。大小：80V/m。方向垂直于c与ab中点的连线。13平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的电场强度，U表示电容器两极间的电压；W表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（ A ）AU变小，E不变。BE变大，W变大。CU变小，W变小。DU不变，W不变。14对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是 BCDA、将两板的间
8、距加大，电容将增大。B、将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将变小。C、在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大。D、在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大。15平行板电容器两极板接在稳压电源的两极上，将两板缓慢拉开一定距离，外力做功为W1；若与电源断开，也是缓慢将两板拉开相同的距离，外力做功为W2，则：（ B ）AW1=W2 BW1W2 D无法确定。16如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M和N，今有一带电质点，自A板上方相距d的P点由静止自由下落（P、M、N在同一直线上），空
9、气阻力忽略不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，若保持两极间的电压不变，则 D把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落以上判断正确的是 DA、 B、 C、 D、17如图所示，带电粒子P所带电荷量是Q的3倍，它们以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入电场，分别打在M、N点，若OM=MN，则P与Q的质量之比为 3：4 。（不计重力）18如图所示，水平放置的两个平行金属板，上板带
10、负电，下板带等量的正电，三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的粒子从极板的左侧P点以相同的水平初速度进入电场中，分别落在正极板的a、b、c三处，由此可知：（ D ）A粒子a带正电，b不带电，c带负电。B三个粒子在电场中运动的时间相等。C三个粒子在电场中的加速度aaabEkbEkc。19一束质量为m、电量为q的带电粒子以平行于两极板的速度v0进入匀强电场，如图所示，如果两极板间电压为U，两极板的距离为d、板长为L，设粒子束不会击中极板，则粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量为 。（粒子重力忽略不计）20如图所示，是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压U1加速后以速度v0垂直进入偏转电
11、场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差U2，板长L，为了提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量h/U2），可采用的方法是： CA、增大两板间电势差U2。 B、尽可能使板长L短些。C、尽可能使板间距离d小些。 D、使加速电压U1升高些。21两个电荷量分别为Q和4Q的负电荷a、b，在真空中相距为，如果引入另一点电荷c，正好能使这三个电荷都处于静止状态，试确定电荷c的位置、电性及它的电荷量。22如图所示，a、b是两个用等长绝缘细线悬挂的、质量相同的带电小球，在它们的左边放上一个带正电的小球c后，悬挂两球的悬线在竖直方向且两球静止。若将小球c取走，a、b两球未接触，则它们静止下来
12、的位置是图中所示的四个图中的哪一个：（ B ）23如图所示，在一电场强度沿纸面方向的匀强电场中，用一绝缘线系一带电小球，小球的质量为m、电荷量为q。为了保证当丝线与竖直方向的夹角为=60时，小球处于平衡状态，则匀强电场的电场强度大小可能为（ ACD ）A B C D24如图所示，一光滑的半圆形瓷碗，半径为R，置于场强为E的匀强电场中，电场线竖直向下，在碗口A处，有一质量为m，带正电、电荷量为q的小球，由静止起滚下，则小球到达碗底B点时，对碗底的压力为 3（mg+Eq） 。25如图所示，质量为m，带电荷量为q（q0）的小球，用一长为的绝缘细线系于一匀强电场中的点，电场方向竖直向上，电场强度为，（
13、1）试讨论小球在最低点要以多大的水平速度运动，才能使带电小球在竖直平面内绕点做完整的圆周运动？有三种可能qE=mg，小球可以任意速率在竖直平面内绕O点做圆周运动；qEmg，小球在最低点受到的绳子的拉力为T，则有T+qE-mg=m，且T=0，解得0=qEmg，小球在最低点受到的绳子的拉力为T，则有T+qE-mg=m，且T=0，解得0=qEmg，小球在最高点时速度，所受绳子的拉力为T。则有mg+T-qE =m及（qE-mg）2L=，当T=0时，0=2627 28解析：小球受qE、mg的合力为mg，方向与水平方向成45角斜向右下方。用此合力代替重力场中的重力，那么图4中的A点相当于重力场中的“最高点”，则能使小球在圆环内作圆周运动的条件应为：mg=又根据动能定理，得：qE(LL)mgh= 由几何关系知：L= h=（1+）R又 qE=mg 由、式可得：L（1+）R29mgcot/q 20 31解：（1）以B为研究对象，根据牛顿第二定律和库仑定律，所以，两球的间距为R=2r. （2）根据两球受到同样大小的库仑力，有F=mAa=m4a，可见，A的质量为mA=4m. 以两球组成的系统为研究对象，由动量守恒，又有mv+4mVA=0. 所以，A的速度为vA=1/4V. （3）根据电场力做正功，系统的电势能减少，且减少的电势能等于系统增加的动能，所以，版权所有：高考资源网()版权所有：高考资源网()
