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1、理科综合1 14按照麦克斯韦的电磁场理论，以下说法正确的是：DA恒定的电场周围产生恒定的磁场，恒定的磁场周围产生恒定的电场；B任何变化的电场周围空间一定产生变化的磁场；C均匀变化的电场周围产生均匀变化的磁场，均匀变化的磁场周围产生均匀变化的电场；D均匀变化的电场周围产生稳定的磁场，均匀变化的磁场周围产生稳定的电场。15质量为m的汽车，启动后沿水平平直路面行驶，如果发动机的功率恒为P，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小不变，汽车速度能够达到的最大值为V，那么当汽车的车速为v/4时，汽车的瞬时加速度的大小为：CAP/mv ； B2P/mv； C3P/mv； D4P/mv 。P=fv =FV/4 （1）
2、F-f=ma （2） 162003年2月1日美国哥伦比亚号航天飞机在返回途中解体，造成人类航天史上又一悲剧。若哥伦比亚号航天飞机是在赤道上空飞行，轨道半径为r，飞行方向与地球的自转方向相同。设地球的自转角速度为0，地球半径为R，地球表面重力加速度为g。在某时刻航天飞机通过赤道上某建筑物的上方，则到它下次通过该建筑物上方所需时间为：AA2/(-0)；B2() ；C2；D2/(+0) 。1-2=217横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示，它们的竖直边长都是底边长的一半。现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上。其落点分别是a、b、c.下列判
3、断正确的是：DA图中三小球比较，落在a点的小球飞行时间最短；aB图中三小球比较，落在c点的小球飞行过程速度变化最大来源:Z#xx#k.ComC图中三小球比较，落在c点的小球飞行过程速度变化最快；=D无论小球抛出时初速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直。tan=v0/vy=v0/（2gh）1/2 =1/2 ：v02=0.5gh ：不成立二、选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）18如图，为一理想变压器，K为单刀双掷开关，P为滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈
4、两端的电压，I1为原线圈中的电流强度，则：ABDA保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，I1将增大；B保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，R消耗的功率减小；C保持U1不变，K合在a处，使P上滑，I1将增大；D保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，I1将增大。 19如图所示，传送带不动时，物体由皮带顶端A从静止开始下滑到皮带底端B用的时间为t，则：BD A当皮带向上运动时，物块由A滑到B的时间一定大于t ；B当皮带向上运动时，物块由A滑到B的时间一定等于t ；C当皮带向下运动时，物块由A滑到B的时间一定等于t ；D当皮带向下运动时，物块由A滑到B的时间一定小于t 。 20图中，波源S从
5、平衡位置y=0开始振动，运动方向竖直向上（y轴的正方向），振动周期T=0.01s，产生的简谐波向左、右两个方向传播，波速均为v=80m/s，经过一段时间后，P、Q两点已开始振动，已知距离SP=1.2m，SQ=2.6m，若以Q点开始振动的时刻作为计时零点，则振动图象中，能正确描述P、Q两点振动情况的是：ADA甲为Q点的振动图象；B乙为Q点的振动图象；C丙为P点的振动图象； D丁为P点的振动图象； 第卷（非选择题）21某同学在做利用单摆测重力加速度的实验中，先测得摆线长为97. 50 cm，摆球直径为2. 0 cm,然后用秒表记录了单摆振50次所用的时间，如图所示，则：（1)该摆摆长为 cm，秒表
6、所示读数为 s。来源:Z,xx,k.Com(2)如果测得g值偏小，可能的原因是（ ）A测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将49次全振动次数记为50次(3)某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测量5种不同摆长情况下单摆的振动周期，记录数据如下：试以l为横坐标，T2为纵坐标，作出T2-L图线，并利用此图线求出重力加速度。22在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用电压表(视为理想电压表)的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路(1)实验时，应先将电阻箱的电阻调到_(选填“最大值”、“最小值”或“任意值”)(2)
7、改变电阻箱的阻值R，分别测出阻值R010 的定值电阻两端的电压U.下列两组R的取值方案中，比较合理的方案是_(选填“1”或“2”)方案编号电阻箱的阻值R/1400.0350.0300.0250.0200.0280.070.060.0来源:Z|xx|k.Com50.040.0(3)根据实验数据描点，绘出的R图象是一条直线若直线的斜率为k，在坐标轴上的截距为b，则该电源的电动势E_，内阻r_.(用k、b和R0表示)BAF23如图所示，水平桌面AB长L=1.5m，B端连接一个光滑斜面。使一个质量为m0.5kg的小木块在F=1.5N的水平拉力作用下，从桌面上A端由静止开始向右运动，木块到达B端时撤去拉
8、力F，木块由于惯性冲上斜面，而后又沿斜面滑下，最后停在AB的中点。忽略在连接处由于碰撞损失的能量，取g=10m/s2求：（1）木块与水平桌面间的动摩擦因数；（2）木块沿斜面上升的最大高度h来源:学#科#网 解：（1）FL-mg1.5L=0 （1） =0.2 ； （2）FL-mgL-mgh=0 （2） h=0.15m ； 24如图(a)所示，平行金属板A和B的距离为d，它们的右端安放着垂直金属板的靶 MN。现在A、B板上加上如图(b)所示的方波形电压，t=0时A板比B板的电势高，电压的正向值为U0，反向值也为U0，现有由质量为m的带正电且电荷量为q的粒子组成的粒子束，从AB的中点O以平行于金属板
9、方向OO的某一初速射入。设粒子能全部打在靶 MN上，而且所有粒子在AB间的飞行时间均为T，不计重力影响，试问：(1).在距靶MN的中心O点多远的范围内有粒子击中?(2).要使粒子能全部打在靶MN上，电压U0的数值应满足什么条件?(写出U0，m、d、q，T的关系式即可) 。(3).电场力对每个击中靶MN的带电粒子所做的总功是否相等？若相等，请证明并求出此功的数值；若不相等，求出此功的数值范围。24、(1)当粒子由t=nT时刻进入电场，向下侧向位移最大 当粒子由t=nT+2T/3时刻进入电场，向上侧向位移最大 在距靶MN的中心O点下方至上方范围内有粒子击中。（2）由第一问变形得: (3) 电场力对
10、所有粒子做的功都相同。证明：在一个周期内，任一带电粒子受到的电场力冲量恒为因为v恒定，故电场力做功相等。功为 解：t=0、T、NT：y0=0.5qu/dm（T/3）2 ： Ymax=7qU0T2/18md ； 7Y0 t=2T/3、5T/3、：Ymin=qU0T2/18md ； Y0 ，O1点下方 Ymax=0.5d （3）U0 9md2/7 qT2 ；电场力对每个击中O点的带电粒子做的总功均相同：W=0.5mvy2=q2U20T2/18md2 25如图，光滑斜面的倾角= 30，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1 = l m，bc边的边长l2= 0.6 m，线框的质量m = 1
11、kg，电阻R = 0.1，线框通过细线与重物相连，重物质量M = 2 kg，斜面上ef线（efgh）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B = 0.5 T，如果线框从静止开始运动，进入磁场最初一段时间是匀速的，ef线和gh的距离s = 11.4 m，（取g = 10m/s2），求：（1）线框进入磁场前重物M的加速度；（2）线框进入磁场时匀速运动的速度v；（3）ab边由静止开始运动到gh线处所用的时间t；（4）ab边运动到gh线处的速度大小和在线框由静止开始到运动到gh线的整个过程中产生的焦耳热。解：（1）线框进入磁场前，线框仅受到细线的拉力FT，斜面的支持力和线框重力，重物M受到重力和拉
12、力FT。对线框，由牛顿第二定律得FT mg sin= ma （1） Mg-FT=Ma （2）联立解得线框进入磁场前重物M的加速度a=5m/s2 ；（2）因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，所以重物受力平衡Mg = FT （3）线框abcd受力平衡FT= mg sin+ FA （4）代入数据解得v=6 m/s ；（3）线框abcd进入磁场前时，做匀加速直线运动；进磁场的过程中，做匀速直线运动；进入磁场后到运动到gh线，仍做匀加速直线运动。进磁场前线框的加速度大小与重物的加速度相同，为a = 5 m/s2，该阶段运动时间为t1=v/a=1.2s ；进磁场过程中匀速运动时间t2=0.1s ；线框完全进入磁场后线框受力情况同进入磁场前，所以该阶段的加速度仍为a = 5m/s2 ，s-L=vt3+0.5at32 ：t3=1.2s ；因此ab边由静止开始运动到gh线所用的时间为t = t1+t2+t3=2.5s ；（4）线框ab边运动到gh处的速度v=v + at3 = 6 m/s+51.2 m/s=12 m/s ；整个运动过程产生的焦耳热Q = FAL2 =（Mg mgsin）L2 = 9 J 第 5 页 (共 6 页) 第 6 页 (共 6 页)
