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1、2015-2016学年浙江省温州市高一（下）期末物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选項项是符合题意的，每小题3分，共36分）1引力常量的普适性是万有引力定律正确性的证据，最早在实验室中比较准确得到引力常量G 的数值的科学家是（）A牛顿B伽利略C卡文迪许D开普勒2月球绕地球运转的轨道半径为R，周期为T，万有引力常量为G根据以上数据可求得地球的质量为（）AGBCGD3如图是某探测器绕月球飞行的轨迹模拟图，A和B是椭圆轨道上的两个位置，关于探测器在A、B位置受到月球的万有引力和速度大小，下列说法正确的是（）AA点的万有引力较大，B点的速率较大BA点的万有引力较
2、大，B点的速率较小CA点的万有引力较小，B点的速率较大DA点的万有引力较小，B点的速率较小4“神舟”五号飞船是我国研制的第一艘载人飞船，“神舟”五号飞船和月球的运动均可视为匀速圆周运动，己知飞船的轨道半径比月球的轨道半径小则（）A“神舟”五号飞船的线速度比月球的线速度小B“神舟”五号飞船的角速度比月球的角速度小C“神舟”五号飞船的运行周期比月球的运行周期小D“神舟“五号飞船的向心加速度比月球的向心加速度小5某根导线中的电流为0.18A，则在0.5s内通过这根导线某横截面的电荷量为（）A0.09CB0.36CC0.09KD0.36K6如图所示绝缘支架上固定两金属板，金属板之间的距离可调下列说法正
3、确的是（）A该装置太大了，所以不能称为电容器B两金属板构成电容器，充电后能够储存电荷C电容器能够储存电荷，不能储存电场能D因为装置没有带电，所以电容为零7置于水平面上的物体在水平恒力F作用下，以不同的速度沿着力F的方向匀速运动了距离L第一次的速度为v1，恒力F做的功为W1，功率为P1；第二次的速度为v2，恒力F做的功为W2，功率为P2已知v1v2，则下列判断正确的是（）AW1W2，P1P2BW1W2，P1=P2CW1=W2，P1P2DW1=W2，P1P28如图是某区域的电场线分布，A、B、C是电场中的三个点 下列说法正确的是（）AA点的电场强度最强BB点的电场强度最弱CA、B、C三点的电场强度
4、方向相同D正电荷、负电荷在B点受到的电场力方向相反9匀强电场中电场线水平向右，一带正电的试探电荷只受到电场力的作用，以下判断正确的是（）A试探电荷初速度为零，则该试探电荷一直静止B试探电荷初速度竖直向下，则该试探电荷做类平抛运动C试探电荷初速度水平向右，则该试探电荷做类平抛运动D试探电荷初速度竖直向上，则该试探电荷做匀减速直线运动10R1、R2的伏安特性曲线如图所示下列说法正确的是（）AR1、R2并联后的总电阻的伏安特性曲线在区域IBR1、R2并联后的总电阻的伏安特性曲线在区域CR1、R2串联后的总电阻的伏安特性曲线在区域DR1、R2串联后的总电阻的伏安特性曲线在区域11下面的表格中列出几种导
5、体材枓在20时的电阻率，裉椐表中的数据，估算一卷直径为1.5mm，长度约为80m的铜导线电阻（）材料银铜铝铁镍铬合金/（m）1.61081.71082.91081.01071.0106A0.7B7C3.5D0.212如图所示，有人用一簇气球使一座质量为m的小屋成功升空若小屋受到竖直向上的拉力恒为F不计空气阻力，在小屋加速升高h的过程中，下列说法正确的是（）A小屋的重力势能不变B小屋的动能增加了FhC小屋的机械能增加了FhD小屋的机械能增加了（mg+F）h二、不定项选择题（本题共4小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题意的，全对得4分，选不全得2分，不选、错选不得分，共16分）1
6、3北斗卫星导航系统BeiDou Navigation Satellite System，BDS）是我国自行研制的全球卫星导航系统北斗卫星导航系统空间段由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，关于这5颗静止轨道上的同步卫星，下列说法中正确的是（）A周期都相等，均为24hB动能都相同，势能也都相同C线速度都相等，周期可能不同D角速度都相同，轨道半径也都相同14如图所示是蹦床运动员表演的情景运动员从最高点到最低点的过程中，运动员的动能和重力势能变化情况分别是（）A重力势能一直减小B动能一直增大C动能先增大后减小D重力势能先减小后增大15如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，外电路由电阻R和小灯
7、泡L等组成，小灯泡的电阻为RL，开关S闭合后，电路中的电流为I，下列说法正确的是（）A电阻两端的电压为IRB电源两端的电压为IRC通过小灯泡的电流为I=D小灯泡的电功率为EI16两个正、负点电荷周围电场线分布如图所示P、Q为电场中同一条电场线上的两点，则（）AP点电势高于Q点电势B同一正电荷在P点的电势能高于在Q点的电势能C正电荷从p点移动到Q点，电场力做正功D同一正电荷从P点移动到Q点，电势能增大三、实验填空题（本题共6小题，每小题3分，共18分）17某实验小组采用如图所示的装置探究力对物体做功与速度变化的关系，由重物通过滑轮牵引小车下列实验操作正确的是（）A小车的质量应比重物大很多，木板应
8、水平放置B小车的质量应比重物大很多，木板应略微倾斜放置C小车的质量应等于重物的质量，木板应水平放置D小车的质量应等于重物的质量，木板应略微倾斜放置18如图1是某兴趣小组的同学在做“探究导体电阻与其影响因素的关系”实验的原理图，某次测量中电压表量程为3V，指针如图2所示，这次测量的电压是_V19实验“练习使用多用电表”中测量某电阻时，选择开关置于“IK”位置，指针指示如图所示为了使测量更加准确，下列操作正确的是（）A换“100”档位，调零后重新测量B换“100”档位，不需要调零，重新测量C换“10K“档位，调零后重新测量D换“10K”档位，不需要调零，重新测量20如图是小飞同学在做“描绘小灯泡的
9、伏安特性曲线”实验的实物连接图，根据题图在答题纸的方框中补全实验电路图21如图是某同学在做“测定电池的电动势和内阻”实验的实物连接图但是电压表少接了一根导线，无法完成实验请根据题图在答题纸中用笔划线代替导线，补充连接实物电路22实验小组利用图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验实验中，先接通电源，再释放重物，得到图乙所示的一条纸带在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到某点O的距离分别为hA、hB、hC，己知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T设重物的质量为m则打点计时器打B点时刻，重物的动能Ek=_四、计算题（本题有3小题，第23题9分，第24题9分，第25题12分，共3
10、0分，解答过程要求写出必要的文字和方程式.）23如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.2kg的小球A悬挂到水平板的MN两点，A上带有Q=4.0106C的正电荷，两细线夹角为120，两线上的拉力大小相等，A的正下方0.3m处固定一带等量异种电荷的小球B，A、B球可视为点电荷，静电力常量k=9.0109Nm2/C2，求：（1）A小球受到的库仑力大小；（2）A小球受到的合力大小；（3）细线受到的拉力大小24如图所示，把质量为0.5kg的石块从离地面l0m高处以30角斜向上方抛出，初速度为v0=8m/s不计空气阻力，以地面为参考平面求：（1）石块抛出时的动能；（2）石块落地时的机械能；（3
11、）石块的动能恰好等于重力势能时，石块离地的高度25如图所示，滑块由一理想弹簧发射器射出，经光滑轨道AB，光滑螺旋圆形BCDE和粗糙直轨道EF到达光滑平台FG，螺旋圆形BCDE的半径R=0.20m，平台FG的高度h=0.30m轨道EF的长度s=0.8m滑块与粗糙直轨道EF间的摩擦阻力Ff=0.1N，当弹簧压缩量为d时能使质量m=0.05kg的滑块沿轨道上升到平台FG，并且滑块到达平台时的速度v=6m/s，滑块可视为质点，求：（1）滑块离开发射器到达平台FG的过程中重力对滑块做的功；（2）滑块在粗糙直轨道上滑动过程中摩擦阻力对滑块做的功；（3）当弹簧压缩量为d时弹簧的弹性势能；（4）滑块能够完成整
12、个过程到达平台FG，弹簧至少要多大的弹性势能2015-2016学年浙江省温州市高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选項项是符合题意的，每小题3分，共36分）1引力常量的普适性是万有引力定律正确性的证据，最早在实验室中比较准确得到引力常量G 的数值的科学家是（）A牛顿B伽利略C卡文迪许D开普勒【考点】物理学史【分析】明确万有引力定律的发现历程，知道牛顿提出了万有引力定律，但卡文迪许测出了引力常量【解答】解：万有引力常量是固定数值为6.671011N m2/kg2；是由卡文迪许用其设计的扭秤实验测出的故选：C2月球绕地球运转的轨
13、道半径为R，周期为T，万有引力常量为G根据以上数据可求得地球的质量为（）AGBCGD【考点】万有引力定律及其应用【分析】月球绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以求出地球的质量【解答】解：月球绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=mR，解得：M=；故选：B3如图是某探测器绕月球飞行的轨迹模拟图，A和B是椭圆轨道上的两个位置，关于探测器在A、B位置受到月球的万有引力和速度大小，下列说法正确的是（）AA点的万有引力较大，B点的速率较大BA点的万有引力较大，B点的速率较小CA点的万有引力较小，B点的速率较大DA点的万有引力较小，B点的速率较小【
14、考点】万有引力定律及其应用【分析】根据图示情景判断出A、B两点距月球的距离大小关系，然后应用万有引力公式比较万有引力大小；探测器绕月飞行过程机械能守恒，根据飞行器的飞行过程判断速度大小关系【解答】解：由图示可知，A点距月球的距离小于B点距月球的距离，由万有引力公式：F=G可知，r越大引力越小，r越小引力越大，由此可知在A点的万有引力较大；探测器飞行过程机械能守恒，从A到B过程飞行器要克服引力做功，它的动能减小，在B点飞行器的动能较小，速率较小；故ACD错误，B正确；故选：B4“神舟”五号飞船是我国研制的第一艘载人飞船，“神舟”五号飞船和月球的运动均可视为匀速圆周运动，己知飞船的轨道半径比月球的
15、轨道半径小则（）A“神舟”五号飞船的线速度比月球的线速度小B“神舟”五号飞船的角速度比月球的角速度小C“神舟”五号飞船的运行周期比月球的运行周期小D“神舟“五号飞船的向心加速度比月球的向心加速度小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】飞船和月球绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系式，再分析即可【解答】解：飞船和月球绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，得 G=m=m2r=mr=ma得：线速度 v=，角速度=，周期 T=2，向心加速度 a=，则A、由v=，知飞船的轨道半径比月球的轨道
16、半径小，则飞船的线速度比月球的线速度大，故A错误B、由=，知飞船的轨道半径比月球的轨道半径小，则飞船的角速度比月球的线速度大，故B错误C、由T=2，知飞船的轨道半径比月球的轨道半径小，则飞船的运行周期比月球运行的周期小，故C正确D、由a=，知飞船的轨道半径比月球的轨道半径小，则飞船的向心加速度比月球的向心加速度大，故D错误故选：C5某根导线中的电流为0.18A，则在0.5s内通过这根导线某横截面的电荷量为（）A0.09CB0.36CC0.09KD0.36K【考点】电流、电压概念；欧姆定律【分析】已知电流的大小和通电时间，根据公式q=It可求导体中的电量【解答】解：电流为0.18A，时间为0.5
17、s；故电量为：q=It=0.180.5=0.09C；故选：A6如图所示绝缘支架上固定两金属板，金属板之间的距离可调下列说法正确的是（）A该装置太大了，所以不能称为电容器B两金属板构成电容器，充电后能够储存电荷C电容器能够储存电荷，不能储存电场能D因为装置没有带电，所以电容为零【考点】电容【分析】彼此绝缘的金属板间构成电容器，电容器的电容与电容器的带电无关，能储存电荷【解答】解：A、彼此绝缘的两个金属板便构成了电容器，故A错误；B、两金属板构成电容器，充电后能够储存电荷，故B正确；C、电容器能够储存电荷，在两极板间形成电场，储存电场能，故C错误；D、电容器的电容与电容器的带电无关，故D错误；故选
18、：B7置于水平面上的物体在水平恒力F作用下，以不同的速度沿着力F的方向匀速运动了距离L第一次的速度为v1，恒力F做的功为W1，功率为P1；第二次的速度为v2，恒力F做的功为W2，功率为P2已知v1v2，则下列判断正确的是（）AW1W2，P1P2BW1W2，P1=P2CW1=W2，P1P2DW1=W2，P1P2【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】根据W=Flcos求解功，根据P=Fv求解功率【解答】解：两次水平恒力相等，位移相等，根据W=Flcos知力相同，位移相同，则功相同，即W1=W2；根据P=Fv知，P1P2故C正确，A、B、D错误故选：C8如图是某区域的电场线分布，A、B、C是电场中
19、的三个点 下列说法正确的是（）AA点的电场强度最强BB点的电场强度最弱CA、B、C三点的电场强度方向相同D正电荷、负电荷在B点受到的电场力方向相反【考点】电场线【分析】电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大，正电荷的电场力方向与电场强度方向同向，负电荷的电场力方向与此方向相反，电场线某点的切线方向即为电场强度的方向，从而即可求解【解答】解：AB、由图象疏密知，场强EBEAEC，故AB错误；C、电场线某点的切线方向，即为电场强度的方向，因此它们的电场强度的方向不同故C错误；D、根据正电荷的电场力方向与电场强度方向同向，负电荷的电场力方向与此方向相反，故D正确；故选：D9匀强电场
20、中电场线水平向右，一带正电的试探电荷只受到电场力的作用，以下判断正确的是（）A试探电荷初速度为零，则该试探电荷一直静止B试探电荷初速度竖直向下，则该试探电荷做类平抛运动C试探电荷初速度水平向右，则该试探电荷做类平抛运动D试探电荷初速度竖直向上，则该试探电荷做匀减速直线运动【考点】电场线【分析】依据正电荷在电场中受到电场力方向与电场强度同向，再根据曲线运动条件，及类平抛运动与匀变速直线运动的判定条件，即可求解【解答】解：A、试探电荷初速度为零，则该试探电荷受到水平向右的电场力，则不可能一直静止，故A错误；B、试探电荷初速度竖直向下，因受到的电场力方向向右，且大小恒定，则该试探电荷做类平抛运动，故
21、B正确；C、试探电荷初速度水平向右，则该试探电荷受到的电场力方向向右，且大小恒定，则做匀加速直线运动，故C错误；D、试探电荷初速度竖直向上，则该试探电荷受到的电场力方向向右，且大小恒定，则该试探电荷做类平抛运动，不可能做匀减速直线运动，故D错误；故选：B10R1、R2的伏安特性曲线如图所示下列说法正确的是（）AR1、R2并联后的总电阻的伏安特性曲线在区域IBR1、R2并联后的总电阻的伏安特性曲线在区域CR1、R2串联后的总电阻的伏安特性曲线在区域DR1、R2串联后的总电阻的伏安特性曲线在区域【考点】欧姆定律【分析】导体的电阻等于伏安特性曲线斜率的大小根据数学知识求出斜率之比求解电阻之比并联后的
22、总电阻小于任意一个电阻，串联后的总电阻大于任意一个电阻【解答】解：A、B、在IU图象中，图象的斜率表示电阻的电阻的倒数，由图可知电阻R1的阻值较大，电阻R2的阻值较小R1、R2并联后的总电阻小于任意一个电阻值，所以的伏安特性曲线在电阻值比较小的I区故A正确，B错误；C、D、若将两电阻串联后接入电路，由于串联后的总电阻大于任意一个电阻，所以R1、R2串联后的总电阻的伏安特性曲线在电阻值比较大的区域；故CD错误；故选：A11下面的表格中列出几种导体材枓在20时的电阻率，裉椐表中的数据，估算一卷直径为1.5mm，长度约为80m的铜导线电阻（）材料银铜铝铁镍铬合金/（m）1.61081.71082.9
23、1081.01071.0106A0.7B7C3.5D0.2【考点】电阻定律【分析】已知铜导线的长度、直径和电阻率，由电阻定律即可求出其电阻值【解答】解：根据公式：R=可得：R=0.76选项A正确，BCD错误故选：A12如图所示，有人用一簇气球使一座质量为m的小屋成功升空若小屋受到竖直向上的拉力恒为F不计空气阻力，在小屋加速升高h的过程中，下列说法正确的是（）A小屋的重力势能不变B小屋的动能增加了FhC小屋的机械能增加了FhD小屋的机械能增加了（mg+F）h【考点】机械能守恒定律【分析】对小屋受力分析，判断各力做功情况，由功能关系分析重力势能、动能和机械能的变化【解答】解：A、在小屋加速升高h的
24、过程中，重力做负功，则其重力势能增加，故A错误B、根据动能定理得：Fhmgh=Ek，所以小屋的动能增加了Fhmgh，故B错误CD、根据功能原理可知，小屋的机械能增加等于拉力F对小屋做的功，为Fh，故C正确，D错误故选：C二、不定项选择题（本题共4小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题意的，全对得4分，选不全得2分，不选、错选不得分，共16分）13北斗卫星导航系统BeiDou Navigation Satellite System，BDS）是我国自行研制的全球卫星导航系统北斗卫星导航系统空间段由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，关于这5颗静止轨道上的同步卫星，下列说法中
25、正确的是（）A周期都相等，均为24hB动能都相同，势能也都相同C线速度都相等，周期可能不同D角速度都相同，轨道半径也都相同【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】地球同步卫星相对地球静止，其周期、角速度与地球自转的周期、角速度相等，同步卫星位于赤道平面内，所有同步卫星的轨道半径都相等【解答】解：A、地球同步卫星相对地球静止，其运行周期与地球自转的周期，都是24h，故A正确BCD、地球同步卫星的角速度等于地球自转的角速度，所以角速度都相同，轨道半径也都相同由万有引力等于向心力，则有 G=mr=m，解得卫星的线速度 v=；则知卫星的线速度大小相等，但由于卫星的质量不
26、一定相等，所以动能不一定都相同，势能也不一定都相同，故BC错误，D正确故选：AD14如图所示是蹦床运动员表演的情景运动员从最高点到最低点的过程中，运动员的动能和重力势能变化情况分别是（）A重力势能一直减小B动能一直增大C动能先增大后减小D重力势能先减小后增大【考点】机械能守恒定律【分析】根据高度的变化，分析重力势能的变化结合运动员的受力情况，分析其运动情况，再分析动能的变化【解答】解：AD、运动员从最高点到最低点的过程中，高度不断下降，所以重力势能一直减小，故A正确，D错误BC、接触蹦床前，运动员自由下落，动能不断增大接触蹦床后，运动员受到向下的重力和向上的弹力，弹力先小于重力，后大于重力，则
27、运动员先向下加速后向下减速，所以运动员的动能先增大后减小，故B错误，C正确故选：AC15如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，外电路由电阻R和小灯泡L等组成，小灯泡的电阻为RL，开关S闭合后，电路中的电流为I，下列说法正确的是（）A电阻两端的电压为IRB电源两端的电压为IRC通过小灯泡的电流为I=D小灯泡的电功率为EI【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】根据欧姆定律求电阻两端的电压，电源两端的电压即路端电压，根据闭合电路的欧姆定律求电路电流，灯泡的电功率即灯泡两端电压和电流的乘积【解答】解：A、根据欧姆定律，电阻两端的电压为IR，故A正确；B、电源的内电压为Ir，电源两端的电压即路端电压U=EI
28、r，故B错误；C、根据闭合电路的欧姆定律，通过小灯泡的电流为，故C正确；D、EI为电源的总功率，不是小灯泡的电功率，故D错误；故选：AC16两个正、负点电荷周围电场线分布如图所示P、Q为电场中同一条电场线上的两点，则（）AP点电势高于Q点电势B同一正电荷在P点的电势能高于在Q点的电势能C正电荷从p点移动到Q点，电场力做正功D同一正电荷从P点移动到Q点，电势能增大【考点】电场线【分析】根据顺着电场线电势逐渐降低，由电场线的方向可判断电势的高低，最后由正电荷在高电势处，电势能大，而负电荷在低电势处，电势能大，从而即可求解【解答】解：A、因顺着电场线电势逐渐降低，那么P点电势高于Q点电势，故A正确B
29、、因P点电势高于Q点电势，同一正电荷在P点的电势能高于在Q点的电势能，故B正确C、正电荷从P点移动到Q点，电势能减小，那么电场力做正功，故C正确，D错误故选：ABC三、实验填空题（本题共6小题，每小题3分，共18分）17某实验小组采用如图所示的装置探究力对物体做功与速度变化的关系，由重物通过滑轮牵引小车下列实验操作正确的是（）A小车的质量应比重物大很多，木板应水平放置B小车的质量应比重物大很多，木板应略微倾斜放置C小车的质量应等于重物的质量，木板应水平放置D小车的质量应等于重物的质量，木板应略微倾斜放置【考点】探究功与速度变化的关系【分析】分析实验装置，从而明确实验原理，知道实验中应明确合外力
30、的功和动能的改变量；从而分析实验中应采取减小误差的方法【解答】解：在探究力对物体做功与速度变化关系时，如果采用如图所示装置，则其原理为绳子拉力对小车所做的功等于小车动能的增加量； 实验中将重物的重力等效为绳子的拉力，因此为了满足这一条件应保证重物的质量要远小于小车的质量； 同时在实验中为了让绳子的拉力充当合力，应先平衡摩擦力，应将木板踮起略微倾斜放置；故B正确，ACD错误故选：B18如图1是某兴趣小组的同学在做“探究导体电阻与其影响因素的关系”实验的原理图，某次测量中电压表量程为3V，指针如图2所示，这次测量的电压是1.58V【考点】伏安法测电阻【分析】根据电压表所选量程明确对应的最小分度，则
31、即可根据指针的位置确定电压表的读数【解答】解：电压表量程为3V，则最小分度为0.1V，指针在1.551.6之间，则其读数为：1.58V；故答案为：1.5819实验“练习使用多用电表”中测量某电阻时，选择开关置于“IK”位置，指针指示如图所示为了使测量更加准确，下列操作正确的是（）A换“100”档位，调零后重新测量B换“100”档位，不需要调零，重新测量C换“10K“档位，调零后重新测量D换“10K”档位，不需要调零，重新测量【考点】用多用电表测电阻【分析】用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，如果欧姆表指针太大，说明所选挡位太大，应换小挡再重新进行欧姆调零，然后测电阻【解答
32、】解：欧姆表选择开关置于1k挡位，由图示可知，欧姆表指针太大，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用小挡，选择开关应置于100挡位，然后重新进行欧姆调零，再测电阻阻值；故选：A20如图是小飞同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图，根据题图在答题纸的方框中补全实验电路图【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线；伏安法测电阻【分析】由实物图明确实验电路中各元件的接法，从而明确对应的原理图【解答】解：由图可知，本实验采用了滑动变阻器分压接法和电流表外接法，故原理图如图所示；故答案如图所示； 21如图是某同学在做“测定电池的电动势和内阻”实验的实物连接图但是电压表少接了一根导线，无法完成实
33、验请根据题图在答题纸中用笔划线代替导线，补充连接实物电路【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】根据给出的实物图进行分析，明确所采用的测量方法，即可正确连接实物图【解答】解：由图可知，给出的实物图中包括电流表和电压表，故采用的是伏安法测量电源的电动势和内电阻；电流表和滑动变阻器已串联，只需将电压表并联即可，由于电源为两节干电池，内阻较小，故应采用相对电源的电流表外接法；故将电压表并联在滑动变阻器和电流两端即可；如图所示；故答案如图所示22实验小组利用图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验实验中，先接通电源，再释放重物，得到图乙所示的一条纸带在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到某点
34、O的距离分别为hA、hB、hC，己知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T设重物的质量为m则打点计时器打B点时刻，重物的动能Ek=【考点】验证机械能守恒定律【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出打下B点时重物的动能【解答】解：B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则，则打下B点时，重物的动能=故答案为：四、计算题（本题有3小题，第23题9分，第24题9分，第25题12分，共30分，解答过程要求写出必要的文字和方程式.）23如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.2kg的小球A悬挂到水平板的MN两点，A上带有Q=4.0106C的正电荷，两细线
35、夹角为120，两线上的拉力大小相等，A的正下方0.3m处固定一带等量异种电荷的小球B，A、B球可视为点电荷，静电力常量k=9.0109Nm2/C2，求：（1）A小球受到的库仑力大小；（2）A小球受到的合力大小；（3）细线受到的拉力大小【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用【分析】当B在A的正下方时，分别对AB受力分析利用共点力平衡即可求得，当B移到使M、A、B在同一直线上时，对A受力分析利用共点力平衡即可判断【解答】解：（1）由库仑定律，则有，F=，代入数据，解得：F=1.6N（2）因A小球处于静止，则A小球受到的合力为零；（3）根据矢量合成法则，结合几何关系，则有：每根细线的拉力大小为F
36、拉=F+mg 代入数据，解得：F拉=1.6+2=3.6N答：（1）A小球受到的库仑力大小1.6N；（2）A小球受到的合力大小为零；（3）细线受到的拉力大小3.6N24如图所示，把质量为0.5kg的石块从离地面l0m高处以30角斜向上方抛出，初速度为v0=8m/s不计空气阻力，以地面为参考平面求：（1）石块抛出时的动能；（2）石块落地时的机械能；（3）石块的动能恰好等于重力势能时，石块离地的高度【考点】机械能守恒定律【分析】（1）已知石块抛出时的速度和其质量，由Ek=求动能（2）不计空气阻力，石块在空中运动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒求出石块落地时的机械能（3）根据已知条件和机械能守恒定律
37、列式，求石块离地的高度【解答】解：（1）石块抛出时的动能为：Ek=J=16J；（2）根据机械能守恒定律知，石块落地时的机械能等于抛出时的机械能，为：E=+mgh=16+0.51010=66J；（3）石块的动能恰好等于重力势能时，设石块离地的高度为H，速度大小为v由机械能守恒定律有：E=mgH+据题有：mgH=解得：H=6.6m答：（1）石块抛出时的动能是16J；（2）石块落地时的机械能是66J；（3）石块的动能恰好等于重力势能时，石块离地的高度是6.6m25如图所示，滑块由一理想弹簧发射器射出，经光滑轨道AB，光滑螺旋圆形BCDE和粗糙直轨道EF到达光滑平台FG，螺旋圆形BCDE的半径R=0.
38、20m，平台FG的高度h=0.30m轨道EF的长度s=0.8m滑块与粗糙直轨道EF间的摩擦阻力Ff=0.1N，当弹簧压缩量为d时能使质量m=0.05kg的滑块沿轨道上升到平台FG，并且滑块到达平台时的速度v=6m/s，滑块可视为质点，求：（1）滑块离开发射器到达平台FG的过程中重力对滑块做的功；（2）滑块在粗糙直轨道上滑动过程中摩擦阻力对滑块做的功；（3）当弹簧压缩量为d时弹簧的弹性势能；（4）滑块能够完成整个过程到达平台FG，弹簧至少要多大的弹性势能【考点】功能关系【分析】（1）滑块离开发射器到达平台FG的过程中重力对滑块做负功，根据上升的高度和重力求解；（2）滑块在粗糙直轨道上滑动过程中，
39、摩擦阻力对滑块做负功，且摩擦力是恒力，直接根据功的计算公式求解；（3）对滑块运动的全过程，运用动能定理求弹力对滑块做功，由功能关系可得到弹簧压缩量为d时弹簧的弹性势能；（4）滑块恰好到达圆形轨道最高点时，由重力提供向心力，由动能定理和功能关系求弹簧的弹性势能【解答】解：（1）滑块离开发射器到达平台FG的过程中重力对滑块做的功为：WG=mgh=0.15J（2）滑块在粗糙直轨道上滑动过程中摩擦阻力对滑块做的功为：Wf=Ffs=0.08J（3）滑块运动的全过程，由动能定理得：W1+WG+Wf=0代入数据解得：W1=1.13J由功能关系可得，弹簧的弹性势能为1.13J（4）滑块能够到达最高点，由动能定理得：W2+WG=0在圆形最高点，有：mg=m解得：W2=0.25J滑块克服粗糙轨道和平台高度，由动能定理有：W3+WG+Wf=00解得：W3=0.23J由于W2W3，所以弹簧弹性势能的最小值为0.25J答：（1）滑块离开发射器到达平台FG的过程中重力对滑块做的功是0.15J；（2）滑块在粗糙直轨道上滑动过程中摩擦阻力对滑块做的功是0.08J；（3）当弹簧压缩量为d时弹簧的弹性势能是 1.13J；（4）滑块能够完成整个过程到达平台FG，弹簧至少要0.25J的弹性势能2016年10月6日
