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1、专题14电学中三大观点的综合应用目录考点一电学中三大观点的综合应用3真题研析规律探寻.3核心提炼J邨探究71 .电磁感应现象中的动力学问题72 .电磁感应中能量问题83.动量定理在电磁感应中的应用9.题型特训.命题酶9考向一电磁感应中的动力学问题9考向二电磁感应中的能量与动量问题11考点要求考题统计电学中三大观点的综合应用考向一电磁感应中的动力学问题：2023山东高考真题、2022重庆高考真题、2022湖南高考真题、2021全国高考真题、2021广东高考真题、2023天津高考真题、2021湖北高考真题、2021全国高考真题考向二电磁感应中的能量与动量问题：2023重庆高考真题、2023辽宁高考
2、真题、2022全国高考真题、2022天津高考真题、2022浙江高考真题、2021北京高考真题、2021河北高考真题、2021福建高考真题、2021山东高考真题、2021湖南高考真题、2023广东高考真题、2023浙江高考真题、2023湖南高考真题、2023全国高考真题、2023浙江高考真题、2022福建高考真题、2022重庆高考真题、2022海南高考真题、2022辽宁高考真题、2022湖北高考真题、2022浙江高考真题、2022全国高考真题、2022浙江高考真题、2021海南高考真题、2021天津高考真题考情分析【命题规律及方法指导】1 .命题重点：本专题就是高考的热点、难点问题，综合性比较强
3、，与动力学、功能关系相结合问题等综合应用问题都是常考点;常考的模型有杆轨模型、线框模型等2 .常用方法：图像法、等效法、微元法、降维法。3 .常考题型：选择题，计算题.【命题预测】1 .本专题属于热点、难点内容；2 .考命题考察方向电学中三大观点的综合应用：与力和运动相结合问题、与动量守恒、功能关系、能量守恒相结合的综合题，典型模型如杆一轨类问题。OO考点一电学中三大观点的综合应用真题研析规律探寻1. （2023山东高考真题）（多选）足够长U形导轨平置在光滑水平绝缘桌面上，宽为1m,电阻不计。质量为1kg、长为1m、电阻为IC的导体棒MN放置在导轨上，与导轨形成矩形回路并始终接触良好，I和11
4、区域内分别存在竖直方向的匀强磁场，磁感应强度分别为用和鸟，其中B=2T,方向向下。用不可伸长的轻绳跨过固定轻滑轮将导轨C。段中点与质量为OJkg的重物相连，绳与CD垂直且平行于桌面。如图所示,某时刻C。同时分别进入磁场区域I和11并做匀速直线运动，MN、8与磁场边界平行。MN的速度v,=2ms,Co的速度为匕且为匕，MN和导轨间的动摩擦因数为0.2。重力加速度大小取IOm反，下列说法正确的是（）A.邑的方向向上B.冬的方向向下C.v2=5msD.v2=3ms【考向】电磁感应中的动力学问题【答案】BD【详解】AB.导轨的速度匕匕，因此对导体棒受力分析可知导体棒受到向右的摩擦力以及向左的安培力,摩
5、擦力大小为/=X=2N,导体棒的安培力大小为6=2N,由左手定则可知导体棒的电流方向为NMDCN,导体框受到向左的摩擦力，向右的拉力和向右的安培力，安培力大小为6=/g=IN,由左手定则可知B2的方向为垂直直面向里，A错误B正确；CD,对导体棒分析K=BJL,对导体框分析K=B2，电路中的电流为/=刍竺匚里竺，联立解得为=3ms,C错误D正确；r故选BDo2. （2023重庆高考真题）如图所示，与水平面夹角为，的绝缘斜面上固定有光滑U型金属导轨。质量为小、电阻不可忽略的导体杆MN沿导轨向下运动，以大小为V的速度进入方向垂直于导轨平面向下的匀强磁场区域，在磁场中运动一段时间，后，速度大小变为2%
6、运动过程中杆与导轨垂直并接触良好，导轨的电阻忽略不计，重力加速度为g。杆在磁场中运动的此段时间内（）A.流过杆的感应电流方向从N到B.杆沿轨道下滑的距离为可C.流过杆感应电流的平均电功率等于重力的平均功率D.杆所受安培力的冲量大小为mg/sinW【考向】电磁感应中的能量与动量问题【答案】D【详解】A.根据右手定则，判断知流过杆的感应电流方向从M到N,故A错误；B.依题意，设杆切割磁感线的有效长度为L，电阻为杆在磁场中运动的此段时间内，杆受到重力，轨道支持力及沿凯道向上的安培力作用，根据牛顿第二定律可得叫sin6-七=m,R*=B1L,/=塔，联立可得杆的加速度=gsin。-生包，可知，杆在磁场
7、中运动的此段时间内做加速度逐渐减小的加速运动；若杆做匀加速直线R运动，则杆运动的距离为S=W：=3/，根据U-T图像围成的面积表示位移，可知杆在时间t内速度由223y达到2u,杆真实运动的距离大于匀加速情况发生的距离，即大于,故B错误；C.由于在磁场中运动的此段时间内，杆做加速度逐渐减小的加速运动，杆的动能增大。由动能定理可知，重力对杆所做的功大W于杆克服安培力所做的功，根据P=一可得安培力的平均功率小于重力的平均功率，也即流过杆感应电流t的平均电功率小于重力的平均功率，故C错误；D.杆在磁场中运动的此段时间内，根据动量定理，可得mgisin。-/安=m2u-mu,得杆所受安培力的冲量大小为/
8、安=Sine-w,故D正确。故选D。3. （2023辽宁高考真题）（多选）如图，两根光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，左、右两侧导轨间距分别为d和2d,处于竖直向上的磁场中，磁感应强度大小分别为28和瓦已知导体棒MN的电阻为R、长度为比导体棒PQ的电阻为2R、长度为2d,QQ的质量是MN的2倍。初始时刻两棒静止，两棒中点之间连接一压缩量为L的轻质绝缘弹簧。释放弹簧，两棒在各自磁场中运动直至停止，弹簧始终在弹性限度内。整个过程中两棒保持与导轨垂直并接触良好，导轨足够长且电阻不计。下列说法正确的是（）A.弹簧伸展过程中、回路中产生顺时针方向的电流B.PQ速率为y时，MN所受安培力大小为竺?？3R
9、C.整个运动过程中，MN与PQ的路程之比为2：1D.整个运动过程中，通过MN的电荷量为组3a【考向】电磁感应中的能量与动量问题资料来源微信公众号：智慧学库【答案】AC【详解】A.弹簧伸展过程中，根据右手定则可知，回路中产生顺时针方向的电流，选项A正确；B.任意时刻，设电流为I,则PQ受安培力外Q=82d,方向向左：MN受安培力&丫=28，方向向工可知两棒系统受合外力为零，动量守恒，设PQ质量为2m,则MN质量为m,PQ速率为V时，则2mu=mn，解得u=2v,回路的感应电流/=28小+B2，=竺生,MN所受安培力大小为6w=28d=竺也，选3RRR项B错误；C.两棒最终停止时弹簧处于原长状态，
10、由动量守恒可得%=232，X+=L,可得则最终MN位置向左移动X=与，PQ位置向右移动为=，因任意时刻两棒受安培力和弹簧弹力大小都相同，设整个过程两棒受的弹力的平均值为F弹，安培力平均值F安，则整个过程根据动能定理七X-七jv=O,x2-=0,可得?=F=选项C正确；D.两棒最后停止时，弹簧处于原长位置，此时两棒间XPQX2I2/I距增加了L,由上述分析可知，MN向左位置移动?，PQ位置向右移动不，则2/JA小2Bd+B2dCD.Ar=叽33，BLd,选项D错误。/3R3R故选ACo4. （2023全国高考真题）如图，水平桌面上固定一光滑U型金属导轨，其平行部分的间距为/,导轨的最右端与桌子右
11、边缘对齐，导轨的电阻忽略不计。导轨所在区域有方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为8。一质量为机、电阻为R、长度也为/的金属棒P静止在导轨上。导轨上质量为3根的绝缘棒。位于P的左侧，以大小为%的速度向夕运动并与P发生弹性碰撞，碰撞时间很短。碰撞一次后，P和。先后从导轨的最右端滑出导轨，并落在地面上同一地点。尸在导轨上运动时，两端与导轨接触良好，P与Q始终平行。不计空气阻力。求（1）金属棒尸滑出导轨时的速度大小；（2）金属棒P在导轨上运动过程中产生的热量；（3）与P碰撞后，绝缘棒Q在导轨上运动的时间。【考向】电磁感应中的能量与动量问题【答案】（1）；%；（2）加片；（3）【详解】（1）由于绝缘
12、棒Q与金属棒P发生弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒可得3nv0=311ivq+WVp1,2I,21，X3mv0=3/Vq+/WVp3I联立解得%=5%,Vq=-V0由题知，碰撞一次后，P和Q先后从导轨的最右端滑出导轨，并落在地面上同一地点，则金属棒P滑出导轨时的速度大小为4=%=0（2）根据能量守恒有JmT=：加诺+解得。=切片（3）P、Q碰撞后，对金属棒P分析，根据动量定理得-8力4二m4TmP,7：EBlx乂g=A,I=-=RRZRM2mR联立可得X=曙Br由FQ为绝缘棒，无电流通过，做匀速直线运动，故Q运动的时间为t=7=z平5.（2023浙江高考真题）某兴趣小组设计了一种火箭落停装置
13、，简化原理如图所示，它由两根竖直导轨、承载火箭装置（简化为与火箭绝缘的导电杆MN）和装置A组成，并形成闭合回路。装置A能自动调节其输出电压确保回路电流/恒定，方向如图所示。导轨长度远大于导轨间距，不论导电杆运动到什么位置，电流/在导电杆以上空间产生的磁场近似为零，在导电杆所在处产生的磁场近似为匀强磁场，大小片=H（其中Z为常量），方向垂直导轨平面向里：在导电杆以下的两导轨间产生的磁场近似为匀强磁场，大小鸟二2以，方向与B/相同。火箭无动力下降到导轨顶端时与导电杆粘接，以速度如进入导轨，到达绝缘停靠平台时速度恰好为零，完成火箭落停。已知火箭与导电杆的总质量为M,导轨间距d=警，导电杆电阻为凡导K
14、i电杆与导轨保持良好接触滑行，不计空气阻力和摩擦力，不计导轨电阻和装置A的内阻。在火箭落停过程中，（1）求导电杆所受安培力的大小户和运动的距离L;（2）求回路感应电动势E与运动时间，的关系；（3）求装置A输出电压U与运动时间，的关系和输出的能量卬；（4）若R的阻值视为0,装置A用于回收能量，给出装置A可回收能量的来源和大小。/导电钎MN/1导轨导轨I置Al【考向】电磁感应中的能量与动量问题【答案】(1)3Mg；2：E=华(Vo-2gf)；(3)U=IR-晔(-2gf);(4)4g/2g2装置A可回收火箭的动能和重力势能及磁场能；【详解】(I)导体杆受安培力尸=8Jd=3Mg方向向上，则导体杆向
15、下运动的加速度Mg-尸=Ma解得a=_2g导体杆运动的距离L=字=32。4g(2)回路的电动势E=4小其中v=%+G解得E=半(2即)(3)右手定则和欧姆定律可得：U+E=IR可得U=R-E=R-(%-2g)电源输出能量的功率P=UI=(IR-EV=/R-学优-2gf)/=I2R-6Mg(v0-2gt)=I2R-6Mgv0+12Mg2t在O:F时间内输出的能量对应尸T图像的面积，可得：W=学.一坐2g2g2(4)装置A可回收火箭的动能和重力势能，及磁场能；从开始火箭从速度v到平台速度减为零，则2g2若R的阻值视为0,W=-返2装置A可回收能量为IWI=苧核心提炼考向探究1 .电磁感应现象中的动
16、力学问题1)导体的两种运动状态导体的平衡状态静止状态或匀速直线运动状态.处理方法：根据平衡条件列式分析.导体的非平衡状态加速度不为零.处理方法：根据牛顿第二定律进行动态分析或结合功能关系分析.2)力学对象和电学对象的相互关系（电源:E=磬,E=Blv*-（内电路Z内电阻：（D电学对象j外电路：串、并联电路e、全电路：/=1VIR+;受力分析：尸安=8（2）力学对象,JF合=n、运动过程分析:!二3）用动力学观点解答电磁感应问题的一般步骤“源”的分析：用法拉第电磁感应定律和楞次定律确定感应电动势的大小和方向E“路”的分析：画等效电路图，根据/=,求感应电流/R+r力的分析：受力分析，求&=8及合
17、力，根据牛顿第二定律求加速度。=空m“运动状态的分析：根据力与运动的关系，判断运动状态4）解决这类问题的关键是通过运动状态的分析,寻找过程中的临界状态,如速度、加速度最大或最小的条件.解题时要抓好受力情况，运动情况的动态分析导体受力运动产生感应电动势一感应电流一通电导体受安培力一合外力变化一加速度变化一速度变化一周而复始地循环，循环结束时，加速度等于零，导体达稳定运动状态，抓住a=0时，速度V达最大值的特点。VIE=BlvIF次=BIlI尸合若F合=0匀速直线运动若F合0IF令=ma。、V同向y增大，若恒定，拉力尸增大增大,产安增大,尸价减小，减小，做加速度减小的加速运动，减小到=0,匀速直线
18、运动。、y反向N减小，产安减小，。减小，当=0,静止或匀速直线运动2 .电磁感应中能量问题电磁感应过程的实质是不同形式的能量转化的过程，而能量的转化是通过安培力做功的形式实现的,安培力做功的过程，是电能转化为其他形式的能的过程，外力克服安培力做功，则是其他形式的能转化为电能的过程.1）安培力做功与能量转化安培力做正功：电能转化为机械能，如电动机安培力做负功：机械能转化为电能，如发电机2）焦耳热的求法焦耳定律：Q=I2Rt,适用于电流、电阻恒定，交变电流的有效值.功能关系：Q=W克服安培力做功，适用于任何情况.能量转化：Q=E其他能的减少量，适用于任何情况.3）解决电磁感应能量问题的策略是“先源
19、后路、先电后力，再是运动、能量”，即“源的分析：明确电磁感应所产生的电源，确定E和r“路的分析：弄清串、并联关系，求电流及产安力的分析：分析杆或线圈受力情况，求合力“运动”的分析：由力和运动的关系，确定运动模型“能量”的分析：确定参与转化的能量形式3 .动量定理在电磁感应中的应用当题目中涉及速度外电荷量4、运动时间八运动位移X时常用动量定理求解.导体棒或金属框在感应电流所引起的安培力作用下做非匀变速直线运动时，D安培力的冲量：r n, BLX B1IJx Lt = BL=(R + r)t (R + r) (R + r)E a a =Z = nZ = wR总RQ R总mvRB1F/安=F银7=B
20、ILt=BLqE/=F安t=BLIt=BLt=B安R+r2）磁通量变化量：=BAs=BLx.3）通过导体棒或金属框的电荷量为：q=7rj2j2_4）求位移：r=O-WV0=X=vr=【技巧点拨】初、末速度已知的变加速运动，在用动量定理列出的式子中,=Av,x=vr；若已知q或X也可求末速度B2V5）求运动时间：-BILAt+=mv-O,q=IAt,f+if=mv-O,x=vt【技巧点拨】若已知运动时间，也可求q、X、V中的任一个物理量题型特训命题预测考向一电磁感应中的动力学问题1. （2024全国校联考一模）（多选）如图所示，出入Cd为水平面上平行放置的两根光滑足够长直导轨，两导轨间距为=O5
21、mMC端连接一内阻不计电动势为E的电源和阻值R=IC的电阻，质量为m=2kg的导体棒MN垂直于导轨放置，其中点通过轻绳、绕过一光滑的定滑轮与重物G相连，MN在导轨间的电阻为r=0.5,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为8=4T。当重物G=4N时，导体棒MN恰好静止不动。下列说法正确的是（）B.电阻R上的热功率为P=6WC.当G=8N时，MN刚开始运动时的加速度大小为=4ms2D.当G=8N时，MN的最大速度是%=L5ms【答案】AD【详解】A.当重物G=4N时，牛体棒MN恰好静止不动，根据平衡条件G=B,可得=2A,又因为F/=,可得E=3V,A正确；B.根据P=2R=4W,B
22、错误；C.当G=8N时，MN刚开始运动，根R+r据牛顿第二定律G-B=（2+）,设g取Iom/S?,可得。=?m/s?,C错误；D.当加速度为O时，MN五:Rlv的速度最大，此时G=78,J=：m,联立解得=1.5ms,D正确。故选ADo2. （2024广西南宁南宁三中校联考模拟预测）（多选）如图所示，电阻不计且间距L=Im的光滑平行金属导轨所在平面与水平面成53。角，上端接一阻值R=2C的电阻，过虚线OO的竖直面的左侧方有磁感应强度B=IT、方向竖直向上的匀强磁场，现将质量川=0.2kg、电阻LIC的金属杆，必从斜面上由静止释放，释放位置与虚线Oo之间的距离为41m。金属杆在下落的过程中与导
23、轨一直垂直，且保持良好接触，导轨足够B.金属杆时刚进入有界磁场时的速度大小为4msC.金属杆M刚进入有界磁场时的加速度大小为3.2ms240D.金属杆而在磁场中运动的最大速度的大小为方m/s【答案】BD【详解】A.金属棒进入磁场后，金属棒切割磁感线，路中产生感应电流，金属棒一部分机械能转化为回路的焦耳热，可知金属杆ab在整个运动过程机械能不守恒，故A错误；B.金属棒进入磁场之前做匀加速直线运动，对金屈棒分析有mgsin53=叫,根据速度与位移的关系有环=2x,解得%=4ms,故B正确；FC.金属杆ab刚进入有界磁场时的感应电动势E=BL%cos53,感应电流为/=品，对金属棒分析有R+rmsi
24、n53-三cos53=m02,解得2=5.6m/s?,故C错误；D.结介上述，对金属棒分析可知，金屈棒进入磁场后先向下做加速运动，感应电动势增大，感应电流增大，安培力增大，则加速度减小，当加速度为0时，速度达到最大，之后向下做匀速直线运动，则有mgsin53-叫MCOS53=0,其中感应电流为BLvma cos53 max R + r故选BDo40，解得W S,故D正确。考向二电磁感应中的能量与动量问题3. （2024陕西汉中统考一模）（多选）两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为。的斜面上，导轨的左端接有电阻R,导轨自身的电阻可忽略不计，斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上，质量为机、
25、电阻为的金属棒而，在沿着斜面与棒垂直的恒力厂作用下沿导轨匀速上滑，并上升万高度，如图所示。在A.作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于“城与电阻R上产生的焦耳热之和B.金属棒克服安培力做的功等于电阻R和上产生的焦耳热之和C.恒力尸与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热D.作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零【答案】BD【详解】AD.根据题意可知，金属棒沿导轨匀速上滑，金属棒受重力、安培力和恒力尸作用，由动能定理有W介=WF+%+M=Vfk=O,即作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零，故A错误，D正确；B.由导凯自身的电阻可忽略不计，则金属棒克服安培力做的功等于电阻R和上产生
26、的焦耳热之和，故B正确；C.由AD分析可知，恒力F与重力的合力所做的功等于金属棒克服安培力做的功，则恒力F与重力的合力所做的功等于电阻A和一上产生的焦耳热之和，故C错误。故选BDo4. （2024湖南校联考二模）（多选）如图所示，两足够长的光滑平行金属导轨MoN、夕。水平放置，OO两侧导轨所在空间区域，导轨间距分别为乙和乙,磁感应强度分别为用和打，方向分别为竖直向上和竖直向下，Ll=2L2=2L,B2=IBx=IBt电阻均为R、质量均为小的导体棒八b垂直导轨放在左右两侧,并与导轨保持良好接触，不计其他电阻.现给导体棒力一个水平向右的瞬时冲量/,关于。、方两棒此后整个运动过程，下列说法正确的是（
27、）M夕OB,7ZJ-N7/ZbQPaO,A.。、人两棒组成的系统动量守恒8. 、方两棒最终都将以大小为，-的速度做匀速直线运动C.整个过程中，。棒上产生的焦耳热为CD.整个过程中，通过。棒的电荷量为占2BL【答案】BC【详解】A.b棒向右运动，电流方向向里，受到向左的安培力，a棒受到的电流方向向外，也受到向左的安培力，系统受到的合外力方向向左，系统动量不守恒，选项A错误：B.b棒的初速度为=,，b棒向/W右做减速运动，a棒向左做加速运动，当qZI匕二%右心时，系统达到稳定，可设匕=Vb=U，对b棒，有1. BILt=mv-mv0,对a棒，有B2Lf=/砂，解得=选项BlE确；C.系统的总发热量
28、为Q=看一!、2加13=Jm片，棒上产生的焦耳热为Qa=LQ=2,选项C正确：D.对a棒q=。，解得22428/nq=r，选项D错误：4BL故选BCo5. （2023吉林统考二模）（多选）列车进站时如图所示，其刹车原理可简化如下：在车身下方固定一水平矩形线框，利用线框进入磁场时所受的安培力，辅助列车刹车。已知列车的质量为?，车身长为s,线框的和Cd长度均为L（L小于匀强磁场的宽度），线框的总电阻为G站台轨道上匀强磁场区域足够长，磁感应强度的大小为B,方向竖直向上。车头进入磁场瞬间的速度为四,列车停止前所受铁轨及空气阻力的合力恒为人车尾进入磁场瞬间，列车恰好停止。下列说法正确的是（）A.列车进站
29、过程中电流方向为HCdB.列车时边进入磁场瞬间，加速度大小mRC.列车从进站到停下来的过程中，线框产生的热量为gmD.从车头进入磁场到停止所用的时间为叫肉Jk【答案】ABD【详解】A.根据楞次定律结合安培定则可知，线框中电流的方向为顺时针（俯视），即列车进站过程中电了向为abed,故A正确；B.列车车头进入磁场瞬间产生的感应电动势的大小为E=BL%,则回路中产生P的瞬时感应电流的大小为，=大，可得车头进入磁场瞬间所受安培力的大小为尸=8，则由牛顿第二定律R有F+/=?，联立解得=+,故B正确；C.在列车从进入磁场到停止的过程中，克服安培所Rm做的功在数值上等于线枢产生的热量，则由能量守恒有=力
30、+。，解得Q=-力，故C错误；D.根据动量定理有-BL7f-r=0-7%,其中7f=g,而根据法拉第电磁感应定律有E=B等,可得7=亘=&生，联立以上各式解得/=把/平,故D正确。RRtRf故选ABD。6. （2024浙江金华校联考模拟预测）如图所示，在空间有上下两个足够长的水平光滑平行金属导轨MN、和水平光滑平行金属导轨PQ、P。，间距均为L=05m,电阻不计，两导轨竖直高度差为”=0.2m。上导轨最左端接一电阻&=04C,虚线帅左侧MMH区域的宽度，L2=OJm,存在着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度随时间变化为4=0.2+1。（T）。虚线如右侧MV加区域内磁场方向竖直向上，磁感应强度B2=
31、OlTo竖直线NP与NP的右侧空间存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度4=0.4T.上、下导轨中垂直导轨分别放置两根相同的导体棒和导体棒砖棒长均为人,质量均为z=Olkg,电阻均为R=0.4Cf=0时刻闭合开关K,在安培力的作用下开始运动，金属棒Cd在离开水平导轨MMMM前已经达到稳定状态。导体棒Cd从MV离开下落到地面平行导轨后，竖直速度立即变为零，水平速度不变。（1）开关K闭合瞬间时，流过导体棒的电流/；（2）导体棒Cd离开水平导轨时的速度匕；【答案】(1)0.0625A；(2)lm/s：(3)1.2m【详解】(1)由法拉第电磁感应定律可知，开关闭合时感应电动势E=rE=Z1=0.05VE导体棒Cd的电流/=旅=0.0625A(2)导体棒做加速度减小的加速运动，当通过导体棒的电流为零时，即穿过回路的磁通量为零时导体棒的速度达到稳定，导体棒做匀速直线运动回路磁通量不变，即=代入数据接解得，导体棒Cd离开水平导轨时的速度匕=lms(3)导体棒离开水平轨道后，从离开到落地的时间r=0.2s在水平方向做匀速直线运动，水平位移X=卬解得百=0.2m两导体棒在相互作用过程中系统动量守恒机匕=2小为解得=05ms对导体棒ef应用动量定理BJkr=mv2B消为一-i-=m2R解得x2=ImX=xl+x2=1.2m
