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1、(1)了解圆锥曲线的实际背景，了解圆锥曲线在刻画现实世界和解决实际问题中的作用.(2)掌握椭圆的定义、几何图形、标准方程及简单几何性质（范围、对称性、顶点、离心率）.,(3)了解双曲线的定义、几何图形和标准方程，知道它们的简单几何性质(范围、对称性、顶点、离心率、渐近线).(4)了解抛物线的定义、几何图形和标准方程，知道它们的简单几何性质(范围、对称性、顶点、准线、离心率).(5)理解直线与圆锥曲线的位置关系；了解圆锥曲线的简单应用.(6)理解数形结合的思想.,圆锥曲线是高中数学主干知识平面解析几何的又一核心内容，考查题型广泛，形式多样，难易题均有涉及.小题主要以椭圆、双曲线、抛物线的定义，标
2、准方程和几何性质为主；大题主要考查直线与椭圆的位置关系，抛物线的几何性质及焦点弦问题，内容涉及交点个数问题，有关弦的中点问题及弦长问题，相交围成三角形的面积问题等.,在解题过程中计算占了很大的比重，对运算求解能力有较高的要求，计算要根据题目中曲线的特点和相互之间的关系进行，合理利用曲线的定义和性质将计算简化，讲求运算的合理性，如“设而不求”，“整体代换”等.试题淡化对图形性质的技巧处理，关注解题方向的选择及计算方法的合理性，适当关注与向量，解三角形，函数等知识的交汇，关注对数形结合，函数与方程，化归与转化，特殊与一般思想的考查，关注对整体处理问题的策略，以及待定系数法，换元法等的考查.,预计2
3、011年高考在本章的小题考查重点是椭圆，双曲线，抛物线的定义，标准方程和几何性质，特别是椭圆的离心率问题，大题综合考查直线与椭圆的位置关系，抛物线的几何性质及焦点弦问题，以及与其他知识点的综合交汇.,1.已知两定点A（-1,0）,B（1,0），点M满足 则点M的轨迹是（）A.圆B.椭圆C.线段D.直线 因为AB=2，所以点M在线段AB上，故选C.易错点：平面上到两个定点F1,F2的距离之和为定值，且大于 的动点轨迹才是椭圆.,C,2.已知椭圆(ab0)的焦点分别为F1、F2，b=4，离心率为.过F1的直线交椭圆于A、B两点，则ABF2的周长为（）A.10B.12C.16D.20 因为b=4，又
4、b2=a2-c2，得a=5,c=3，由椭圆定义可知ABF2的周长为4a=20，选D.,D,3.椭圆x2+2y2=2的右焦点到直线y=3x的距离是（）A.B.C.1D.将椭圆方程化为所以其右焦点坐标为（1,0），它到直线y=x的距离为 选B.易错点：研究椭圆的几何性质，须将椭圆方程化为标准方程.,B,4.已知椭圆G的中心在原点，长轴在x轴上，离心率为,且椭圆G上一点到G的两个焦点之和为12，则椭圆G的方程为.e=，2a=12，a=6，b=3，则所求椭圆方程为,5.椭圆：的两个焦点F1,F2,点P在椭圆上，如果线段PF1的中点恰在y轴上，则=.由已知椭圆方程得a=2，b=，c=3，F1（-3,0）
5、,F2（3,0）.,7,因为焦点F1和F2关于y轴对称，所以,则P（3，），所 故填7.,1.椭圆的定义及其标准方程(1)平面内与两个定点F1,F2的距离之和等于常数（大于）的点的轨迹叫做椭圆，这两个定点叫做椭圆的焦点，两焦点的距离叫做椭圆的焦距.,(2)椭圆的标准方程是(ab0)或(ab0).(3)椭圆的标准方程中a,b,c之间的关系是a2=b2+c2.(4)形如Ax2+By2=C的方程，只要A、BC为正数，且AB就是椭圆方程，可化为标准形式：,、,2.椭圆的简单几何性质(1)椭圆(ab0)上的点中，横坐标x的取值范围是-a,a，纵坐标y的取值范围是-b,b，=2c，若2a，则点P的轨迹不存
6、在，若=2a，则点P的轨迹是线段F1F2.,(2)椭圆的对称轴为x轴和y轴，椭圆的对称中心为原点，对称中心叫椭圆的中心.(3)椭圆(ab0)的四个顶点是(-a,0),(a,0),(0,-b),(0,b)，它们是椭圆与其对称轴的交点.(4)离心率范围是(0，1).,重点突破：椭圆的定义及其标准方程 设椭圆的中心在原点，坐标轴为对称轴，一个焦点与短轴两端点的连线互相垂直，且此焦点与长轴上较近的端点距离为2-2，求此椭圆的方程.设所求椭圆或(ab0)，根据题意列出关于a,b,c的方程组，从而求出a,b,c的值.,设所求椭圆或(ab0)，b=ca-c=2-2a2=b2+c2(舍去).则所求椭圆求椭圆的
7、方程，借助于数形结合，先定位分析焦点所在的位置，再用待定系数法，将已知条件代入求解.,则,，解得,a=2 b=2c=2,，或,a=6-8b=4-6c=4-6,已知P点在以坐标轴为对称轴的椭圆上，点P到两焦点的距离分别为5和3，过P点作长轴的垂线恰好过椭圆的一个焦点，求此椭圆方程.设所求椭圆或(ab0)，两个焦点分别为F1,F2.则由题意得：所以a=4.,在方程中令x=c，得在方程中令y=c，得依题意知=3，所以b=2.则椭圆方程为或.,重点突破：椭圆的几何性质已知P点为椭圆+y2=1上的点，F1,F2是椭圆的两个焦点，且F1PF2=60,求F1PF2的面积.求解圆锥曲线上的点与其焦点围成的三角
8、形问题，常用正，余弦定理进行求解.,依题意得，在F1PF2中，由余弦定理得解得则F1PF2的面积为,圆锥曲线定义与三角形的有关性质相结合是解本题的关键，常用的解题技巧要熟记于心.,已知P为椭圆+y2=1上的动点，F1,F2是椭圆的两个焦点，且F1PF2=,求当取最大值时，点P的位置.设则m+n=4，,在F1PF2中，由余弦定理得因为m+n=4,m0,n0，所以mn当且仅当m=n时“=”取得，所以cos-.所以当取得最大值时，点P在短轴的两个顶点处.,重点突破：直线与椭圆的位置关系 已知直线l：y=x+m与椭圆相交于P,Q两点.()求实数m的取值范围.()是否存在实数m，使得等于椭圆的短轴长；若
9、存在求出m的值，若不存在，请说明理由.,()联立直线与椭圆的方程，由0解得.()假设存在，由弦长公式可解得m的值，检验m是否满足0的条件.y=x+m整理得5x2+6mx+3m2-6=0.由已知得，=36m2-20(3m2-6)0，解得-m.,()联立,()设P(x1,y1),Q(x2,y2)，则由()x1+x2=x1x2=所以,知,由得解得因为0m2=5所以存在实数m=，使得PQ等于椭圆的短轴长.直线方程与椭圆方程联立，消元后得到一元二次方程，然后通过判别式来判断直线与椭圆相交，相切，相离.第()题求出m值要检验是否满足0.,在椭圆x2+4y2=16中，求通过点M(2,1)且被这点平分的弦所在
10、的直线的方程和弦长.当直线斜率不存在时，M不可能为弦的中点，所以可设直线方程为y=k(x-2)+1，代入椭圆方程，整理得：(1+4k2)x2-(16k2-8k)x+16k2-16k-12=0，显然1+4k20，=16(12k2+4k+3)0.,由于解得k=-.故所求弦所在直线方程为x+2y-4=0.x+2y-4=0 x2+4y2=16所以y1=0,y2=2.所以弦长,由,得y2-2y=0，,如图所示，已知A,B,C是椭圆E：(ab0)上的三点，其中A点的坐标为（2，0），BC过椭圆的中心O,且ACBC,()求点C的坐标及椭圆E的方程；()若椭圆E上存在两点P,Q,使得PCQ的平分线总是垂直于x
11、轴，试判断向量PQ与AB是否共线，并给出证明.,()利用RtAOC，可求出C点坐标.()判断向量PQ与AB是否共线，可从PQ与AB的斜率入手.()因为且BC经过原点，所以又A(2，0)，ACB=90，所以C(,)，且a=2代入椭圆方程得：则椭圆E的方程为,解得b2=4.,()对于椭圆上的两点P、Q，若PCQ的平分线总垂直于x轴,则PC与CQ所在直线关于直线x=3对称，设直线PC的斜率为k，则直线CQ的斜率为-k，所以直线PC的方程为y-=k(x-),即y=k(x-)+.直线CQ的方程为y=-k(x-)+.将代入 得：(1+3k2)x2+6 k(1-k)x+9k2-18k-3=0，,因为C（,）
12、在椭圆上，所以x=是方程的一个根.所以所以同理可得：所以,因为C（,），所以B（-,-），又A（2，0），所以所以kAB=kPQ，所以向量PQ与向量AB共线.平面向量作为数学解题工具，常与平面解析几何综合考查，在向量与解析几何的综合性问题中，写出向量的坐标是关键.过在椭圆上的点作直线时，切记此点的横坐标是直线与椭圆方程联立后一元二次方程的一个根.,1.求椭圆的标准方程常用的方法是轨迹方程法和待定系数法，(1)由椭圆的几何性质直接求出参数a,b；(2)先设出椭圆的标准方程，根据已知条件列出方程，用待定系数法求出参数a,b.,2.解决直线与圆锥曲线的位置问题时常利用数形结合法、设而不求法、弦长公式
13、及根与系数的关系去解决.设直线l与曲线C交于A(x1,y1),B(x2,y2)两点，则3.椭圆上一点与两焦点所构成的三角形称为焦点三角形，解决焦点三角形的相关问题常利用椭圆的定义和正弦、余弦定理求解.,1.（2009浙江卷）已知椭圆（ab0）的左焦点为F，右顶点为A，点B在椭圆上，且BFx轴，直线AB交y轴于点P.若则椭圆的离心率是（）A.B.C.D.,D,对于椭圆，因为则OA=2OF，所以a=2c，所以e=，选D.对于对解析几何中与平面向量结合的考查，既体现了几何与向量的交汇，也体现了数形结合的巧妙应用.,2.（2009福建卷）已知直线x-2y+2=0经过椭圆C:（ab0）的左顶点A和上顶点
14、D，椭圆C的右顶点为B，点S是椭圆C上位于x轴上方的动点，直线AS，BS与直线l:x=分别交于M,N两点.（）求椭圆C的方程；（）求线段MN的长度的最小值；,（）当线段MN的长度最小时，在椭圆C上是否存在这样的点T，使得TSB的面积为？若存在，确定点T的个数，若不存在，说明理由.,解法1：()由已知得,椭圆C的左顶点为A(-2，)，上顶点为D(0,1)，所以a=2,b=1.故椭圆C的方程为+y2=1.()直线AS的斜率k显然存在，且k0，故可设直线AS的方程为y=k(x+2)，从而M y=k(x+2)+y2=1,由,得(1+4k2)x2+16k2x+16k2-4=0.,设S（x1,y1），则（
15、-2）x1=得从而 即又B(2,0),故直线BS的方程为y=-(x-2).y=-（x-2）x=,由,，得,x=,所以N故又k0,所以当且仅当即k=时等号成立.所以k=时，线段MN的长度取最小值.,()由()可知，当MN取最小值时，k=.此时BS的方程为x+y-2=0,S(),所以要使椭圆C上存在点T,使得TSB的面积等于，只须点T到直线BS的距离等于，所以T在平行于BS且与BS距离等于 的直线l,上.,设直线l:x+y+t=0,则由 解得t=-或t=-.x+y-=0,得5x2-12x+5=0.由于=440,故直线l与椭圆C有两个不同的交点；,当t=-32时，由,x+y-=0,得5x2-20 x
16、+21=0.由于=-200，故直线l与椭圆C没有交点.综上所述，当线段MN的长度最小时，椭圆上仅存在两个不同的点T，使得TSB的面积等于.,当t=-时，由,解法2：()同解法1.()设S(x0,y0)，则 所以故设则yM0,yN0.,则 所以故当且仅当yM=(-yN)=时，等号成立.即MN的长度的最小值为.,()由()可知，当MN取最小值时，N(),因为B(2,0),所以kBS=kBN=-1.此时BS的方程为x+y-2=0,S(),所以设与直线BS平行的直线方程为x+y+t=0.x+y+t=0+y2=1,由,，得5x2+8tx+4t2-4=0.,当直线与椭圆C有唯一公共点时，有=64t2-20（4t2-4）=0,解得t=.当t=时，两平行直线BS:x+y-2=0与l1:x+y+=0间的距离当t=-时，两平行直线BS:x+y-2=0与l2:x+y-=0间的距离,因为STSD=，且|BS|=，故TSB在BS边上的高因为d2dd1，所以椭圆C上存在两个不同的点T,使得TSB的面积等于.即线段MN的长度最小时，椭圆C上仅存在两个不同的点T,使得TSB的面积等于.,本小题主要考查直线，椭圆，直线与圆锥曲线的位置关系等基础知识，考查推理论证能力，运算求解能力，考查数形结合思想，化归与转化思想.,
